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2020年中考物理必刷试卷（含解析）

发布时间：2020-03-27 09:15:26 来源：文档文库

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2020年中考物理必刷试卷10（江苏）

（全卷满分100分；考试时间100分钟。）

一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意。）

1、（2019·铜仁） “两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，诗句中描述“轻舟”在运动，所选择的参照物是（）

A. 轻舟 B. 万重山 C. 坐在轻舟上的人 D. 以上说法都不对

【答案】B

【解析】在根据物体的运动情况选择参照物时，首先不能选研究对象本身为参照物；如果研究对象是运动的，就选择和对象位置发生变化的物体为参照物；如果研究对象是静止的，就选择和对象位置没有发生变化的物体为参照物。

解：A、研究对象是“轻舟”，所以不能选择“轻舟”做参照物，故A错误；

B、“轻舟”已过“万重山”，说明轻舟相对于万重山的位置不断变化，“轻舟”在运动，所以选择的参照物是“万重山”，故B正确；

C、相对于坐在轻舟上的人，“轻舟”的位置没有变化，则“轻舟”是静止的，故C错误；

D、B项正确，故D错误。

2、（2019·潍坊）在如图所示家庭电路中，将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮；保持开关闭合，拔出插头，将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（　　）

A．零线上保险丝烧断 B．火线上保险丝烧断

C．灯丝烧断 D．插座短路

【答案】A

【解析】在家庭电路中只有一处故障时，用试电笔检测，氖管发光的接触的是火线，氖管不发光的接触的是零线。

将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮，说明电路中存在断路故障；若灯丝烧断，则电视机应该工作，故不可能是灯丝烧断；

保持开关闭合，拔出插头，将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光，插孔的左孔能使氖管发光，说明蓝色线是通的（即插孔的左孔通过灯泡、开关与火线相连，如下图）；插孔的右孔能使氖管发光，说明红色线是通的（即火线是完好的），综合分析可知是A点左侧的零线断路（可能是零线上保险丝烧断）。

3、（2019·云南）2019年4月30日，云南省政府新闻办发布消息，我省33个贫困县（市、区）达到脱贫标准，退出了贫困序列。脱贫过程中许多村镇安装了“肩扛太阳能电池板，头顶小风扇”的新能源路灯。下列说法正确的是（　　）

A．小风扇的作用是为太阳能电池板散热

B．太阳能电池板把太阳能转化成了小风扇的机械能

C．这种新能源路灯是集太阳能发电和风力发电为一体的发电用电设备

D．太阳能电池板可以把接收到的太阳能全部转化为电能

【答案】C

【解析】自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源，现在科学家都在设计装置利用它们的能量；

风扇式发电机可以通过风吹动扇片转动，把风能转化为电能；

太阳能电池可以把太阳能转化为电能，任何一种能量转化为另一种能量都有不同程度的能量损失。

ABC、小风扇的本质是风力发电机，利用的是电磁感应原理将风能转化为电能；太阳能电池板可以将太阳能直接转化为电能。所以这种新能源路灯是集太阳能发电和风力发电为一体的发电用电设备，故AB错误、C正确；

D、太阳能电池板将太阳能转化为电能的效率很低，更不可能把太阳能全部转化为电能，故D错误。

4、（2019·武汉）如图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于其四个冲程的描述正确的是（　　）

A. 吸气冲程中，汽油和空气的混合物进入汽缸

B. 压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能减小

C. 做功冲程中，燃料释放的能量绝大部分转化为机械能

D. 排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的极少部分

【答案】A

【解析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气冲程，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类。

A、汽油机在吸气冲程中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入汽缸，故A正确；

B、在压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，燃料混合物被压缩，气体的内能变大，此过程是机械能转化为内能的过程，故B错误；

C、在做功冲程中，燃料燃烧释放的内能大部分需要克服摩擦、发生热传递而散失，只有一少部分转化为机械能，故C错误；

D、在排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的大部分，故D错误。

5、（2019·衡阳）当汽车经过十字路口时，监控摄像头就会拍下照片，摄像头相当于一个透镜，影像传感器相当于光屏，下列说法正确的是（　　）

A.监控摄像头和近视眼镜的镜片都对光有会聚作用

B.拍照时，汽车位于摄像头二倍焦距以外

C.当汽车远离摄像头时，影像传感器上的像变大

D.影像传感器上成的是正立的虚像

【答案】B

【解析】（1）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；

（2）手机摄像头的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小实像的原理制作的。

凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点。

A、监控摄像头相当于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用；近视眼镜的镜片是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故A错误。

BD、监控摄像头是利用物体在2倍焦距以外，成倒立、缩小实像的原理工作的，即影像传感器上成的是倒立、缩小的实像，故B正确，D错误；

C、凸透镜成实像时，物远像近像变小，则当汽车远离摄像头时，影像传感器上的像变小，故C错误。

6、（2019·郴州）关于重心，下列说法正确的是（　　）

A．空心的足球没有重心

B．物体的重心不一定在物体上

C．将质地均匀的木球的中心挖去后，木球的重心就消失了

D．物体受到的力全部都作用在重心上

【答案】B

【解析】

A、任何物体都有重心，故A错误；

B、重心不一定在物体上，也可以物体之外，比如均匀的圆环，重心在圆心，不在圆环上，故B正确；

C、物体重心的位置可以在物体上，也可以在物体外，如圆环、空心球它们的重心在中间的空心部位上，所以质地均匀的木球的中心挖去后，重心仍在其球心处，故C错误；

D、物体的每一部分都受到重力作用，物体受到的力并非都作用在重心上，故D错误。

7、小明参加了今年的长沙市体育中考，下列说法不正确的是（）

A. 引体向上时，静止挂在横杆上的小明受到的重力与拉力是一对平衡力

B. 小明长跑时冲过终点不能立即停下来，是因为受到惯性的作用

C. 垫排球时，排球向上弹起，说明力可以改变物体的运动状态

D. 垫排球时，小明感到手疼痛，说明力的作用是相互的

【答案】B

【解析】解：
A、小明做引体向上静止不动时，小明受到的拉力和他受的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上，是一对平衡力，故A正确；
B、小明长跑时冲过终点不能立即停下来，是由于惯性的缘故，不能说是受到惯性，故B错误；
C、垫排球时，排球向上弹起，改变了排球的运动方向，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、垫排球时，手对排球施加了力，同时排球也对小明的手施加了力，小明感到手疼痛，说明物体间力的作用是相互的，故D正确。
8、（2019·济宁）如图所示，用力F把木块压在竖直墙面上，木块静止。以下说法正确的是（　　）

A.木块只受重力、压力和摩擦力

B.木块受到的摩擦力随F增大而增大

C.木块对墙面的压强随F增大而增大

D.木块受到的重力和压力是一对平衡力

【答案】C

【解析】

A．木块处于静止状态，受两对平衡力，水平方向上受压力和支持力是一对平衡力，竖直方向上受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，总共四个力，故A错误；

B、木块在竖直方向上受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，平衡力大小相等，因为重力不变，所以摩擦力不变，故B错误；

C、根据p＝d41d8cd98f00b204e9800998ecf8427e.pngd4407892e2dc97d54e1538e238ee4374.png知，在受力面积不变时，压力增大，压强也增大，故C正确；

D、木块受到的重力和压力方向不同，不是一对平衡力，故D错误。

9、（2019·天门）在习近平总书记“改革强军，科技兴军”伟大思想指引下，我国军队的武器装备建设取得了巨大进步，下列说法正确的是（　　）

A B C D

A．国产航空母舰001A型的排水量是7万吨，满载时所受海水的浮力为7×108N

B．国产歼20战机是利用空气的浮力直接升空的

C．国产99式主战坦克安装宽大的履带是为了增大坦克对地面的压强

D．当向悬浮于水中的国产潜水艇的水舱充水时，潜水艇会逐渐浮出水面

【答案】A

【解析】A、满载时受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝70000×103kg×10N/kg＝7×108N，故A正确；

B、飞机的机翼通常都做成上面凸起，飞机起飞时，是利用气体压强和流速的关系产生的升力，故B错误；

C、坦克的履带非常宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；

D、潜水艇悬浮于水中，其所受浮力与重力相等，即F浮＝G；由于水舱充水潜水艇的重力变大，重力大于浮力，所以潜水艇将下沉，故D错误。

10、（2019·贵阳）如图所示是吊车正在起吊货物的示意图。该装置通过液压伸缩撑杆推动吊臂并使吊臂绕O点转动，从而通过钢绳将货物缓慢吊起。假设撑杆对吊臂的作用力始终与吊臂垂直，仅通过转动吊臂提升货物的过程中，则下列分析正确的是（　　）

A．撑杆对吊臂的作用力不断增大

B．钢绳对吊臂的作用力不断增大

C．撑杆对吊臂的作用力的力臂不断增大

D．钢绳对吊臂的作用力的力臂不断减小

【答案】D

【解析】（1）伸缩撑杆对吊臂的支持力的作用点在吊臂上，方向垂直于吊臂向上，过支持力的作用点，沿支持力的方向画一条有向线段，用F表示，然后从支点O向力的作用线做垂线段，垂线段L即为其力臂，如图所示：

（2）吊车吊起货物的过程中，阻力不变，阻力臂减小，钢绳对吊臂的拉力减小；动力臂不变，动力减小，所以支持力逐渐变小，故ABC错误，D正确。故选：D。

11、（2019·济宁）小明利用一红一绿两个发光二极管（符号: ）制作了一个神奇的装置:当电流从该装置一端流入时发红光,从另一端流入时发绿光。图3各选项中,符合该装置内部结构的可能是（　　）

A． B． C． D．

【答案】D

【解析】

A、图中两个二极管串联，且方向相反，所以电流无论从哪一端流入，最多只能通过其中的一个二极管，整个电路是断路的，两二极管都不会发光，故A不合题意；

B、图中两个二极管串联，且方向相同，当电流从左侧流入时，两二极管都亮，当电流从右侧流入时，两二极管都不亮，故B不合题意；

C、图中两个二极管并联，且方向相同，当电流从右侧流入时，两二极管都亮，当电流从左侧流入时，两二极管都不亮，故C不合题意；

D、图中两个二极管并联，且方向相反，当电流从左侧流入时，上面的二极管发红光，当电流从右侧流入时，下面的二极管发绿光，故D符合题意。

12、（2019·兰州）有两只灯泡L1、L2，分别标有“220V 100W”和“220V 40W”的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（　　）

A．两灯正常发光时，L1的电阻较大

B．两灯并联接入220V的电路，L1、L2消耗功率之比是2:5

C．两灯串联接入220V的电路，L1消耗的功率小于25W

D．两灯串联接入220V的电路，两灯泡消耗总功率大于40W小于100W

【答案】C

【解析】（1）由P=UI=6a094bd13f723d86e545b410bcdd9b82.png可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为：

R1=8d6fe93c3101cd6c464438543f1dc3ba.png=c78ed80e5d6bcd74341ba3037d2c0575.png=484Ω，R2=89fb629a50bff26ab12a1c800bc2a5de.png=06d074f8088035cb42acd3a9666f6848.png=1210Ω

则R1<R2，即L1的电阻较小，故A错误；

（2）两灯并联接入220V的电路，它们两端的电压等于220V，均能正常发光，则L1、L2消耗功率之比P1︰P2=100W︰40W=5︰2，故B错误；

（3）两灯串联接入220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流I=d9537e6efaa57348301c51c21a51364b.png=cc7b1c0246a8152df0365e9c001fffc3.png= 42c77737ec506ac7a7cef0e2023dbb19.pngA，

L1消耗的功率P1′=I2 R1=（a59a3e4fb886bbce6bc32069d5b24773.pngA）2×484Ω=8.2W＜25W,故C正确；

两灯泡消耗总功率P=UI=220V×42c77737ec506ac7a7cef0e2023dbb19.pngA=28.6W＜40W，故D错误。

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共20分。）

13、（2019·本溪）在音美测试的考场中扬声器传出的优美的乐曲是通过_________传到同学们耳中的，同学们通过声音的_________判断出是哪一种乐器在演奏，考场关闭门窗是为了减少外界的干扰，这是在_________减弱噪声的。

【答案】空气；音色；传播过程中。

【解析】优美的乐曲是通过空气传到同学们耳中的；不同的乐器即便演秦相同的乐曲，发出的音色也不相同，故可用音色来辨别；考场关闭门窗是为了减少外界的干扰，这是在传播过程中减弱噪声的。

14、（2019·德阳）一个空心小铁球漂浮在盛水的烧杯中，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，空心小铁球仍漂浮在水面上，此时A端为电磁铁的________极，当滑片P向左滑动，空心小铁球所受浮力________（选填“增大”、“减小”或“不变”）

【答案】S（南）增大

【解析】

电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管B端为N极，则A端为S极（南极）；

当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管中的磁性增强，故小铁球所受磁力增强；小铁球受重力、磁力及浮力，因小球处于静止状态，故向下的磁力与重力之和应等于向上的浮力，因磁力增加，故浮力也将增大。

故答案为：S（南），增大。

已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管A的磁极；当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化。

本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用及欧姆定律的使用，对学生能力要求较高。

15、（2019·北京）在研究某物质熔化过程中温度的变化规律时，持续加热该物质，记录并描绘出了该物质温度随时间变化的图线，如图所示。根据图象可知该物质是　　（选填“晶体”或“非晶体”），判断依据是　　。

【答案】晶体有熔点

【解析】晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点。由图知，该物质在熔化过程中，温度保持80℃不变，所以该物质为晶体。并且熔点为80℃。

16、（2019·桂林）小陆在照镜子时，为了能从镜子中看清自己的脸部。他走近镜子去看，靠近时，他的脸部在平面镜中所成像的大小_________（选填“变大”“变小”或“不变”），平面镜所成的像是_________（选“实像”或“虚像”）。

【答案】不变、虚像

【解析】平面镜成像为虚像，镜子中像的大小由物体本身决定，与距离的远近无关

17、（2019·朝阳）渔民驾驶捕鱼船出海打鱼，船底位于海面下3m，该位置受到海水的压强为　　Pa；两艘渔船航行时不能靠得太近，是因为流体中流速大的位置压强　　（填“大”或“小”）。（ρ海水＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）

【答案】3.09×104；小

【解析】

（1）船底受到海水的压强：

p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×3m＝3.09×104Pa；

（2）航行中两艘船不能靠得太近是因为液体流速大的地方压强小，造成了两船内侧水的压强小于外侧水的压强，容易发生碰撞事故。

word/media/image19.gif18、（2019·桂林）如图所示，两个形状相同的烧杯，分别盛有质量相等的水和酒精。根据图中液面的高度和液体密度知识，可知A液体是_____，B液体是______。（ρ水>ρ酒精）

【答案】酒精水

【解析】盛有质量相等的水和酒精，由题图可知A液体体积大，代入密度公式ρ＝b22854825536f845912d84d74840aabc.png可得，A的密度小于B的密度。

19、（2019·长沙）小海和同学们参加研学旅行，汽车在公路上快速行驶时，小海发现窗帘从打开的窗户向外飘，这是因为窗外的空气流速大，压强　　。车行驶到山顶时，他发现密封的零食包装袋鼓起来了，这是因为山顶上的气压比山脚下的气压　　造成的。

【答案】小；低。

【解析】解：（1）根据流体压强和流速的关系可知，车行驶时，打开车窗，窗外的空气流速大压强小，窗内的空气流速小压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，把窗帘压向窗外。

（2）因为大气压随高度增加而减小，所以山顶上的气压比山脚下的气压低，车行驶到山顶时，外界大气压变小，而密封的零食包装袋内气压不变，袋内的气压大于外部大气压，因此包装袋会鼓起来。

20、（2019·绵阳）2019年1月3日，嫦娥四号实现了人类探测器首次成功在月球背面软着陆。嫦娥四号探测器在距离月球表面100米高处悬停，对月球表面识别，并自主避障，选定相对平坦的区域后，开始缓慢地竖直下降，最后成功软着陆。从距离月球表面100米到软着陆在月球表面的过程中，嫦娥四号探测器的重力势能________，机械能________。（选填“增加”或“不变”或“减少”）

【答案】减少；减少

【解析】从重力势能和动能大小的影响因素进行判断，又因为机械能等于动能和势能的总和，然后判断机械能的变化。

嫦娥四号从距离月球表面100米到软着陆在月球表面的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减少；该过程中其速度减小，动能减少；探测器没有发生弹性形变，不具有弹性势能，则机械能等于重力势能与动能的总和，所以其机械能减少。

21、（2019·常德）有甲、乙、丙三个带电小球，已知甲球带正电，当它和不带电的验电器的金属球接触时电流的方向是_________（选填“从甲到验电器”或“从验电器到甲”）；若甲排斥乙，乙吸引丙，则丙球带_________电。

【答案】从甲到验电器负

【解析】甲球带正电，验电器不带电，当相互接触时，验电器上自由电子向甲球转移，正电荷并没有发生移动，因为电子带负电，所以电流方向是从甲到验电器。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。若甲排斥乙，则甲和乙带同种电荷，即乙带正电，乙吸引丙，则说明丙球带负电。

22、（2019·济宁）育才中学每天需向学生提供100kg开水。若冷水的温度为20℃,将100kg冷水加热到沸腾（在1标准大气压下）,至少需要供给_________J的热量。

【答案】3.36×107

【解析】

一标准大气压下水的沸点为100℃，

水吸收的热量：Q吸＝cm（t－t0）＝4.2×l03J/（kg•℃）×100kg×（100℃－20℃）＝3.36×107J。

三、解答题（本题共8小题，共56分，解答26、27题时应有解题过程。）

23、（3分）（2019·朝阳）一个凸透镜的主光轴与水面恰好重合，F为凸透镜的焦点。根据给出的光线作出进入凸透镜的入射光线和从水面出来的折射光线。

【答案】见解析

【解析】

由图知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，由此画出进入凸透镜的入射光线；

先过F点作法线，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线，如图所示：

24、（3分）（2019·盘锦）利用滑轮组提升重物，请用笔画线代替绳子，在图中画出最省力的绳子绕法及重物所受重力的示意图。

【答案】

word/media/image23.gif

【解析】图中滑轮组有两种绕线方法，一种是由两根绳子承担重物，一种是由三根绳子承担重物，要想最省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕；从重物的中心沿竖直向下画出带箭头的线段，用G表示重力，如图所示。

25、（3分）（2019·南京）根据小磁针静止时所指方向，在图中画出通过小磁针中心的一条磁感线，并标出电源的正极。

【答案】见解析图

【解析】由小磁针N极所指的方向可知磁感线的方向，由磁感线的特点可知磁极分布，根据安培定则可判断电源的正负极。

小磁针N极向下，则说明该点磁感线向下，而外部磁感线由N极指向S极，故上侧为N极，下侧为S极；由右手螺旋定则可知螺线管的绕向为由上向下，故可得电源上方为正极，如图所示：

26、（10分）（2019·齐齐哈尔）图甲是某起重船的示意图，A处为卷扬机，吊臂前端滑轮组如图乙所示。在一次吊装施工中，当起重船从运输船上吊起重物时，起重船浸入海水中的体积增加了18m3，重物在空中匀速竖直上升了3m，所用时间为30s。已知动滑轮总重为2×104N，不计钢丝绳重及摩擦。（ρ海水＝1.0×103kg/m3）

（1）求该重物的重力是多少？

（2）求该重物在空中匀速上升过程中滑轮组的机械效率。

【答案】（1）1.8×105N（2）该重物在空中匀速上升过程中滑轮组的机械效率为90%

【解析】（1）利用阿基米德原理求起重船增大的浮力，由于起重船漂浮，重物的重力等于增加的浮力；

（2）利用W＝Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。

解：

（1）起重船增大的浮力：

△F浮＝ρ水g△V排＝1×103kg/m3×10N/kg×18 m3＝1.8×105N，

因为起重船始终漂浮，所以该重物的重力：G＝△F浮＝1.8×105N；

（2）拉力做的有用功：

W有用＝Gh＝1.8×105N×3m＝5.4×105J，

滑轮组的机械效率：

η＝ddfa5ad93999f9135571630dc71997d0.png＝b91f199ef09d68cadda149cc0722b81b.png×100%＝90%。

27、（10分）（2019·自贡）图13是小邦同学设计的调光灯电路，R0为定值电阻，S为选择开关，当S接触a点时，小灯泡正常发光但不能调光，当S接触b点时，电路断开，当S接触c点时，电路可连续调光。已知滑动变阻器R的规格为“10Ω 2A”，灯泡L上标着“10V 12W”的字样，电源电压恒为16V，灯泡电阻随温度变化。

（1）求定值电阻R0的阻值；

（2）当S接触c点时，调节R的滑片至中点位置，电路中的电流为1A，求此时灯泡的实际功率。

【答案】（1）5Ω（2）6W

【解析】（1）当S接触a点时，灯泡L与电阻R0串联，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，

所以，R0两端的电压：U0＝U－UL＝16V－10V＝6V，

因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI可得，电路中的电流：

I＝89de059ae1c409ac077f058f7d705cc4.png＝ed485782f9eaee42f8a05d6b8e2f8da5.png＝1.2A，

由I＝abcf3eb2857af7a00195e4ef83048b1d.png可得，定值电阻R0的阻值：R0＝ed1f6f0503c8a517f10c5d7628dd13e5.png＝cd71319446f7e315937ce4e98693b5ad.png＝5Ω；

（2）当S接触c点时，灯泡L、R0、d656bfc6150a3cdb32187681f8edc417.pngR串联，此时电路中的电流I′＝1A，

则R0和d656bfc6150a3cdb32187681f8edc417.pngR两端的电压之和：U1＝I′（R0+d656bfc6150a3cdb32187681f8edc417.pngR）＝1A×（5Ω+df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png×10Ω）＝10V，

此时灯泡两端的电压：UL′＝U－U1＝16V－10V＝6V，

则此时灯泡的实际功率：PL′＝UL′I′＝6V×1A＝6W。

28、（8分）（2019·巴中）为了比较A、B两种液体的吸热能力，小明同学设计了以下实验步骤：

a．在两个同样的烧杯中分别装入等体积的A、B两种液体；

b．用温度计分别测量A、B两种液体的初温，温度计示数相同；

c．用两个相同的酒精灯同时给两个烧杯加热，且加热时间相同；

d．用温度计分别测出A、B两液体的末温。

请完成下列问题：

（1）此实验的主要探究方法　　；

（2）在上述实验步骤中，存在错误的是　　（选填步骤前的字母），更正错误后继续实验；

（3）步骤c中“加热时间相同”是为了使A、B两种液体　　；

（4）如图所示是A、B两种液体温度随时间变化关系的图象，则两液体的比热容关系是cA　　cB（选填“＞”、“＜”或“＝”）。

【答案】（1）控制变量法和转换法；（2）a；（3）吸热相同；（4）＜

【解析】（1）由分析知，此实验的主要探究方法是控制变量法和转换法；

（2）a．根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，两个同样的烧杯中分别装入等体积的A、B两种液体，因密度不同，根据m＝ρV，故质量不同，不正确；

bd．用温度计分别测量A、B两种液体的初温，温度计示数相同，用温度计分别测出A、B两液体的末温，是为了比较温度的变化；正确；

c．用两个相同的酒精灯同时给两个烧杯加热，且加热时间相同，目的是控制吸热相同，正确。

存在错误的是a；

（3）根据转换法，c中“加热时间相同”是为了使A、B两种液体吸热相同；

（4）由A、B两种液体温度随时间变化关系的图象可知，升高相同的温度，B加热时间长，则B的吸热能力强，则两液体的比热容关系是cA＜cB。

29、（9分）（2019·宿迁）以下为“探究杠杆平衡条件”实验：

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（1）如图甲，把杠杆放在支架上并置于水平桌面，静止时发现杠杆左低右高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向______调节。

（2）如图乙，在已经调节好的杠杆左A处挂4个钩码，要使杠杆仍在水平位置平衡，应在杠杆右边离支点4格的B处挂______个相同的砝码。

（3）如图丙，在杠杆左边离支点4格的C处，用弹簧测力计与水平方向成30°角斜向上拉，也可使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计示数为______N（每个钩码重0.5N）。

【答案】右 2 2

【解析】

（1）把杠杆放在支架上并置于水平桌面后，发现杠杆左低右高，为了使杠杆在水平位置平衡，应将右端平衡螺母向右调节；

（2）设杠杆的一个小格为L，一个钩码的重为G，

乙图，设在B处悬挂钩码的个数为n，由杠杆平衡条件得：4G×2L=nG×4L，

解得：n=2，即应在杠杆右边B处挂2个钩码；

（3）当弹簧测力计在C点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，

此时动力臂等于df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.pngOC=df4344a8d214cca83c5817f341d32b3d.png×4L=2L；

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得，测力计的示数：F1=3e714a2bbb860c5320eda466e41f40a0.png=ba00ebf68dde7af123b8f2c784a1beea.png=2N。

30、（10分）（2019·孝感）某班同学分成两个小组做了以下不同的实验：

（1）第一小组观察小灯泡的亮度与实际功率的关系，小灯泡的额定电压为2.5V实物电路连接如图所示。

①开关闭合后，会发现　　（选填“电压表”或“电流表”）的指针反偏；

②将错误连接改正后，闭合开关，调节滑动变阻器，使电压表的示数为0.2V时，发现灯泡不亮，你认为其原因是　　（填写选项前的字母序号）

A：小灯泡断路 B：小灯泡的实际功率太小

③继续调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为0.30A；再调节滑动变阻器使电压表的示数达到3.0V，灯泡强烈发光，此时灯泡的实际功率
　　（选填“小于”或“等于”或“大于”）1.08W。

（2）第二小组测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，采用如甲所示的电路图，其中电源电为4.5V，R＝10Ω。

①闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为　　A，灯泡正常发光；

②保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开开关，将电流表改接到灯泡所在的支路，与灯泡串联，闭合开关后，电流表的示数如图乙所示，则此时通过灯泡的电流为　　A；

③灯泡的额定功率为　　W。

【答案】（1）①电压表；②B；③小于；（2）①0.38；②0.4；③1.52。

【解析】解：（1）①电流从电压表负接线柱流入了，故开关闭合后，会发现电压表的指针反偏；②灯的额定电压为2.5V，而灯的实际电压为0.2V时，故灯的实际电流很小，根据P＝UI灯的功率太小，灯不发光，选B；③电压表的示数为2.5V，灯泡正常发光，电流表的示数为0.30A，灯的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；根据P＝6a094bd13f723d86e545b410bcdd9b82.png，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，电压表的示数达到3.0V为额定电压的c273c46c9cdce0b932199e611e879890.png＝1.2倍，若灯的电阻不变，则灯泡的实际功率为：P实＝（1.2）2×0.75W＝1.08W，但因灯的电阻随温度的升高而变大，根据P＝58ca6cc2b4a39dc1236d2360750c2cd4.png，故此时灯泡的实际功率小于1.08W；