2015·全国卷Ⅱ(理科数学)
1.A1[2015·全国卷Ⅱ] 已知集合A={-2,-1,0,1,2},B={x|(x-1)(x+2)<0},则A∩B=( )
A.{-1,0} B.{0,1}
C.{-1,0,1} D.{0,1,2}
1.A [解析] 因为B={x|-2<x<1},所以A∩B={-1,0},故选A.
2.L4[2015·全国卷Ⅱ] 若a为实数,且(2+ai)(a-2i)=-4i,则a=( )
A.-1 B.0
C.1 D.2
2.B [解析] 因为(2+ai)(a-2i)=4a+(a2-4)i=-4i,所以4a=0,且a2-4=-4,解得a=0,故选B.
3.I4[2015·全国卷Ⅱ] 根据下面给出的2004年至2013年我国二氧化硫年排放量(单位:万吨)柱形图,以下结论中不正确的是( )
图11
A.逐年比较,2008年减少二氧化硫排放量的效果最显著
B.2007年我国治理二氧化硫排放显现成效
C.2006年以来我国二氧化硫年排放量呈减少趋势
D.2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份正相关
3.D [解析] 由图知,2006年以来我国二氧化硫年排放量与年份负相关,故选D.
4.D3[2015·全国卷Ⅱ] 已知等比数列{an}满足a1=3,a1+a3+a5=21,则a3+a5+a7=( )
A.21 B.42
C.63 D.84
4.B [解析] 由a1=3,得a1+a3+a5=3(1+q2+q4)=21,所以1+q2+q4=7,即(q2+3)(q2-2)=0,解得q2=2,所以a3+a5+a7=(a1+a3+a5)q2=21×2=42,故选B.
5.B7[2015·全国卷Ⅱ] 设函数f(x)=则f(-2)+f(log212)=( )
A.3 B.6
C.9 D.12
5.C [解析] 因为f(-2)=1+log24=3,f(log212)=2(log212-1)=6,所以f(-2)+f(log212)=9,故选C.
6.G2[2015·全国卷Ⅱ] 一个正方体被一个平面截去一部分后,剩余部分的三视图如图12,则截去部分体积与剩余部分体积的比值为( )
图12
A. B.
C. D.
6.D [解析] 几何体的直观图为正方体ABCD A1B1C1D1截去了一个三棱锥A A1B1D1,如图所示.易知V三棱锥A A1B1D1=V正方体,所以=,故选D.
7.H3[2015·全国卷Ⅱ] 过三点A(1,3),B(4,2),C(1,-7)的圆交y轴于M,N两点,则|MN|=( )
A.2 B.8
C.4 D.10
7.C [解析] 方法一:设圆的方程为x2+y2+Dx+Ey+F=0,将点A(1,3),B(4,2),C(1,-7)的坐标代入得方程组解得所以圆的方程为x2+y2-2x+4y-20=0,即(x-1)2+(y+2)2=25,所以=2=4.
方法二:因为kAB=-,kBC=3,所以kABkBC=-1,所以AB⊥BC,所以△ABC为直角三角形,所以△ABC的外接圆圆心为AC的中点(1,-2),半径r==5,所以=2=4.
方法三:由·=0得AB⊥BC,下同方法二.
8.L1[2015·全国卷Ⅱ] 如图13所示的程序框图的算法思路源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”.执行该程序框图,若输入的a,b分别为14,18,则输出的a=( )
图13
A.0 B.2
C.4 D.14
8.B [解析] 逐一写出循环:a=14,b=18→a=14,b=4→a=10,b=4→a=6,b=4→a=2,b=4→a=2,b=2,结束循环.故选B.
9.G8[2015·全国卷Ⅱ] 已知A,B是球O的球面上两点,∠AOB=90°,C为该球面上的动点.若三棱锥O ABC体积的最大值为36,则球O的表面积为( )
A.36π B.64π
C.144π D.256π
9.C [解析] 如图所示,当OC⊥平面AOB时,三棱锥O ABC的体积最大,此时V三棱锥O ABC=V三棱锥C AOB=S△AOB·R=R3=36,所以R=6,所以S球=4πR2=144π,故选C.
10.B14[2015·全国卷Ⅱ] 如图14,长方形ABCD的边AB=2,BC=1,O是AB的中点,点P沿着边BC,CD与DA运动,记∠BOP=x.将动点P到A,B两点距离之和表示为x的函数f(x),则y=f(x)的图像大致为( )
图14
图15
10.B [解析] 当点P在BC上时,=tan x,=,+=tan x+,即f(x)=tan x+,x∈,由正切函数的性质可知,函数f(x)在上单调递增,所以其最大值为1+,且函数y=f(x)的图像不可能是线段,排除选项A,C.
当点P在CD上运动时,我们取P为CD的中点,此时x=,f=2,由于2<1+,即f<f,排除选项D.
综上可知,只有选项B中图像符合题意.
11.H6[2015·全国卷Ⅱ] 已知A,B为双曲线E的左,右顶点,点M在E上,△ABM为等腰三角形,且顶角为120°,则E的离心率为( )
A. B.2
C. D.
11.D [解析] 由题意,设双曲线的方程为-=1(a>0,b>0),如图所示,
设M在第一象限,由题意知|AB|=|BM|=2a,∠ABM=120°,所以在△ABM中,|AM|=2a,所以M(2a, a),代入双曲线方程得-=1,解得a2=b2,所以e=.故选D.
12.B12[2015·全国卷Ⅱ] 设函数f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是( )
A.(-∞,-1)∪(0,1)
B.(-1,0)∪(1,+∞)
C.(-∞,-1)∪(-1,0)
D.(0,1)∪(1,+∞)
12.A [解析] 设函数g(x)=,则g′(x)=.因为当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,所以当x>0时,g′(x)<0,所以g(x)在(0,+∞)上单调递减.又因为函数f(x)(x∈R)是奇函数,所以函数g(x)是偶函数,所以g(x)在(-∞,0)上单调递增,且g(-1)=g(1)=0.故当0<x<1时,g(x)>0,则f(x)>0;当x<-1时,g(x)<0,则f(x)>0.
综上所述,使得f(x)>0成立的x的取值范围是(-∞,-1)∪(0,1).故选A.
13.F1[2015·全国卷Ⅱ] 设向量a,b不平行,向量λa+b与a+2b平行,则实数λ=________.
13. [解析] 因为λa+b与a+2b平行,所以存在唯一实数t,使得λa+b=t(a+2b),所以解得λ=t=.
14.E5[2015·全国卷Ⅱ] 若x,y满足约束条件则z=x+y的最大值为________.
14. [解析] 画出可行域如图中阴影部分所示,
目标函数可化为y=-x+z,所以直线z=x+y过点B时,z取得最大值.
15.J3[2015·全国卷Ⅱ] (a+x)(1+x)4的展开式中x的奇数次幂项的系数之和为32,则a=________.
15.3 [解析] (a+x)(1+x)4的展开式中x的奇数次幂项一部分来自第一个因式取a,第二个因式取Cx及Cx3;另一部分来自第一个因式取x,第二个因式取Cx0,Cx2及Cx4.所以系数之和为aC+aC+C+C+C=8a+8=32,所以a=3.
16.D2[2015·全国卷Ⅱ] 设Sn是数列{an}的前n项和,且a1=-1,an+1=SnSn+1,则Sn=________.
16.- [解析] 因为a1=-1,an+1=SnSn+1,所以S1=-1,Sn+1-Sn=SnSn+1,所以-=-1,所以数列是首项为-1,公差为-1的等差数列,所以=-n,所以Sn=-.
17.C5、C8[2015·全国卷Ⅱ] △ABC中,D是BC上的点,AD平分∠BAC,△ABD面积是△ADC面积的2倍.
(1)求;
(2)若AD=1,DC=,求BD和AC的长.
17.解:(1)S△ABD=AB·ADsin∠BAD,
S△ADC=AC·ADsin∠CAD.
因为S△ABD=2S△ADC,∠BAD=∠CAD,
所以AB=2AC.
由正弦定理可得
==.
(2)因为S△ABD∶S△ADC=BD∶DC,所以BD=.
在△ABD和△ADC中,由余弦定理知
AB2=AD2+BD2-2AD·BDcos∠ADB,
AC2=AD2+DC2-2AD·DCcos∠ADC.
故AB2+2AC2=3AD2+BD2+2DC2=6.
由(1)知AB=2AC,所以AC=1.
18.I2[2015·全国卷Ⅱ] 某公司为了解用户对其产品的满意度,从A,B两地区分别随机调查了20个用户,得到用户对产品的满意度评分如下:
A地区:62 73 81 92 95 85 74 64 53 76 78 86 95 66 97 78 88 82 76 89
B地区:73 83 62 51 91 46 53 73 64 82 93 48 65 81 74 56 54 76 65 79
(1)根据两组数据完成两地区用户满意度评分的茎叶图,并通过茎叶图比较两地区满意度评分的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);
图16
(2)根据用户满意度评分,将用户的满意度从低到高分为三个等级:
记事件C:“A地区用户的满意度等级高于B地区用户的满意度等级”.假设两地区用户的评价结果相互独立.根据所给数据,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求C的概率.
18.解:(1)两地区用户满意度评分的茎叶图如下:
通过茎叶图可以看出,A地区用户满意度评分的平均值高于B地区用户满意度评分的平均值;A地区用户满意度评分比较集中,B地区用户满意度评分比较分散.
(2)记CA1表示事件:“A地区用户的满意度等级为满意或非常满意”;
CA2表示事件:“A地区用户的满意度等级为非常满意”;
CB1表示事件:“B地区用户的满意度等级为不满意”;
CB2表示事件:“B地区用户的满意度等级为满意”.
则CA1与CB1独立,CA2与CB2独立,CB1与CB2互斥,C=CB1CA1∪CB2CA2,
所以P(C)=P(CB1CA1∪CB2CA2)
=P(CB1CA1)+P(CB2CA2)
=P(CB1)P(CA1)+P(CB2)P(CA2).
由所给数据得CA1,CA2,CB1,CB2发生的频率分别为,,,,故P(CA1)=,P(CA2)=,
P(CB1)=,P(CB2)=,所以P(C)=×+×=0.48.
19.G1、G11[2015·全国卷Ⅱ] 如图17,长方体ABCD A1B1C1D1中,AB=16,BC=10,AA1=8,点E,F分别在A1B1,D1C1上,A1E=D1F=4.过点E,F的平面α与此长方体的面相交,交线围成一个正方形.
图17
(1)在图中画出这个正方形(不必说明画法和理由);
(2)求直线AF与平面α所成角的正弦值.
19.解:(1)交线围成的正方形EHGF如图所示.
(2)作EM⊥AB,垂足为M,则AM=A1E=4,EM=AA1=8.
因为四边形EHGF为正方形,所以EH=EF=BC=10,
于是MH==6,所以AH=10.
以D为坐标原点,的方向为x轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系D xyz,则
A(10,0,0),H(10,10,0),E(10,4,8),F(0,4,8),所以=(10,0,0),=(0,-6,8).
设n=(x,y,z)是平面α的一个法向量,则
即
所以可取n=(0,4,3).
又=(-10,4,8),
故|cos〈n,〉|==.
所以AF与平面α所成角的正弦值为.
20.H5、H8[2015·全国卷Ⅱ] 已知椭圆C:9x2+y2=m2(m>0),直线l不过原点O且不平行于坐标轴,l与C有两个交点A,B,线段AB的中点为M.
(1)证明:直线OM的斜率与l的斜率的乘积为定值.
(2)若l过点,延长线段OM与C交于点P,四边形OAPB能否为平行四边形?若能,求此时l的斜率;若不能,说明理由.
20.解:(1)证明:设直线l:y=kx+b(k≠0,b≠0),A(x1,y1),B(x2,y2),M(xM,yM).
将y=kx+b代入9x2+y2=m2,
得(k2+9)x2+2kbx+b2-m2=0,
故xM==,yM=kxM+b=.
于是直线OM的斜率kOM==-,
即kOM·k=-9.
所以直线OM的斜率与l的斜率的乘积为定值.
(2)四边形OAPB能为平行四边形.
因为直线l过点,所以l不过原点且与椭圆C有两个交点的充要条件是k>0,k≠3.
由(1)得直线OM的方程为y=-x.
设点P的横坐标为xP,
由得x=,
即xP=.
将点的坐标代入(1)中l的方程得b=,因此xM=.
四边形OAPB为平行四边形当且仅当线段AB与线段OP互相平分,即xP=2xM,
于是=2×,
解得k1=4-,k2=4+.
因为k>0,k≠3,所以当l的斜率为4-或4+时,四边形OAPB为平行四边形.
21.B14[2015·全国卷Ⅱ] 设函数f(x)=emx+x2-mx.
(1)证明:f(x)在(-∞,0)单调递减,在(0,+∞)单调递增;
(2)若对于任意x1,x2∈[-1,1],都有|f(x1)-f(x2)|≤e-1,求m的取值范围.
21.解:(1)证明:f′(x)=m(emx-1)+2x.
若m≥0,则当x∈(-∞,0)时,emx-1≤0,f′(x)<0;当x∈(0,+∞)时,emx-1≥0,f′(x)>0.
若m<0,则当x∈(-∞,0)时,emx-1>0,f′(x)<0;当x∈(0,+∞)时,emx-1<0,f′(x)>0.
所以f(x)在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增.
(2)由(1)知,对任意的m,f(x)在[-1,0]上单调递减,在[0,1]上单调递增,故f(x)在x=0处取得最小值.所以对于任意x1,x2∈[-1,1],|f(x1)-f(x2)|≤e-1的充要条件是
即 ①
设函数g(t)=et-t-e+1,则g′(t)=et-1.
当t<0时,g′(t)<0;当t>0时,g′(t)>0.故g(t)在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增.
又g(1)=0,g(-1)=e-1+2-e<0,故当t∈[-1,1]时,g(t)≤0.
故当m∈[-1,1]时,g(m)≤0,g(-m)≤0,即①式成立;
当m>1时,由g(t)的单调性,知g(m)>0,即em-m>e-1;
当m<-1时,g(-m)>0,即e-m+m>e-1.
综上,m的取值范围是[-1,1].
22.N1[2015·全国卷Ⅱ] 选修41:几何证明选讲
如图18,O为等腰三角形ABC内一点,⊙O与△ABC的底边BC交于M,N两点,与底边上的高AD交于点G,且与AB,AC分别相切于E,F两点.
(1)证明:EF∥BC;
(2)若AG等于⊙O的半径,且AE=MN=2,求四边形EBCF的面积.
图18
22.解:(1)证明:由于△ABC是等腰三角形,AD⊥BC,所以AD是∠CAB的平分线.又因为⊙O分别与AB,AC相切于点E,F,所以AE=AF,故AD⊥EF,从而EF∥BC.
(2)由(1)知,AE=AF,AD⊥EF,故AD是EF的垂直平分线.又EF为⊙O的弦,所以O在AD上.
连接OE,OM,则OE⊥AE.
由AG等于⊙O的半径得AO=2OE,所以∠OAE=30°.因此△ABC和△AEF都是等边三角形.
因为AE=2,所以AO=4,OE=2.
因为OM=OE=2,DM=MN=,所以OD=1.于是AD=5,AB=.
所以四边形EBCF的面积为××-×(2)2×=.
23.N3[2015·全国卷Ⅱ] 选修44:坐标系与参数方程
在直角坐标系xOy中,曲线C1: (t为参数,t≠0),其中0≤α<π.在以O为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2:ρ=2sin θ,C3:ρ=2cos θ.
(1)求C2与C3交点的直角坐标;
(2)若C1与C2相交于点A,C1与C3相交于点B,求|AB|的最大值.
23.解:(1)曲线C2的直角坐标方程为x2+y2-2y=0,曲线C3的直角坐标方程为x2+y2-2x=0.
联立解得或
所以C2与C3交点的直角坐标为(0,0)和.
(2)曲线C1的极坐标方程为θ=α(ρ∈R,ρ≠0),其中0≤α<π.
因此A的极坐标为(2sin α,α),
B的极坐标为(2cos α,α),
所以|AB|=|2sin α-2cos α|=4sin.
故当α=时,|AB|取得最大值,最大值为4.
24.N4[2015·全国卷Ⅱ] 选修45:不等式选讲
设a,b,c,d均为正数,且a+b=c+d,证明:
(1)若ab>cd,则+>+;
(2)+>+是|a-b|<|c-d|的充要条件.
24.证明:(1)(+)2=a+b+2,
(+)2=c+d+2,
由题设a+b=c+d,ab>cd,
得(+)2>(+)2,
因此+>+.
(2)(i)若|a-b|<|c-d|,则(a-b)2<(c-d)2,即
(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd.
因为a+b=c+d,所以ab>cd.
由(1)得+>+.
(ii)若+>+,
则(+)2>(+)2,
即a+b+2>c+d+2.
因为a+b=c+d,所以ab>cd.于是
(a-b)2=(a+b)2-4ab<(c+d)2-4cd=(c-d)2,
因此|a-b|<|c-d|.
综上,+>+是|a-b|<|c-d|的充要条件.
本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/e1f0e215657d27284b73f242336c1eb91a3733e7.html
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