山西省长治市2019-2020学年中考第一次质量检测数学试题
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.在一个不透明的盒子里有2个红球和n个白球,这些球除颜色外其余完全相同,摇匀后随机摸出一个,摸到红球的概率是
A.10 B.8 C.5 D.3
2.在1、﹣1、3、﹣2这四个数中,最大的数是( )
A.1 B.﹣1 C.3 D.﹣2
3.如图所示,在平面直角坐标系中,点A、B、C的坐标分别为(﹣1,3)、(﹣4,1)、(﹣2,1),将△ABC沿一确定方向平移得到△A1B1C1,点B的对应点B1的坐标是(1,2),则点A1,C1的坐标分别是 ( )
A.A1(4,4),C1(3,2) B.A1(3,3),C1(2,1)
C.A1(4,3),C1(2,3) D.A1(3,4),C1(2,2)
4.点A(x1,y1)、B(x2,y2)、C(x3,y3)都在反比例函数
A.y3<y1<y2 B.y1<y2<y3 C.y3<y2<y1 D.y2<y1<y3
5.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,点D,E分别是AB,BC的中点,点F是BD的中点.若AB=10,则EF=( )
A.2.5 B.3 C.4 D.5
6.下列计算正确的是( )
A.a²+a²=a4 B.(-a2)3=a6
C.(a+1)2=a2+1 D.8ab2÷(-2ab)=-4b
7.如图,等边△ABC的边长为1cm,D、E分别AB、AC是上的点,将△ADE沿直线DE折叠,点A落在点A′处,且点A′在△ABC外部,则阴影部分的周长为( )cm
A.1 B.2 C.3 D.4
8.一组数据:3,2,5,3,7,5,x,它们的众数为5,则这组数据的中位数是( )
A.2 B.3 C.5 D.7
9.如图,一场暴雨过后,垂直于地面的一棵树在距地面1米处折断,树尖B恰好碰到地面,经测量AB=2m,则树高为( )米
A.
10.整数a、b在数轴上对应点的位置如图,实数c在数轴上且满足
A.
11.如图,等腰三角形ABC的底边BC长为4,面积是16,腰AC的垂直平分线EF分别交AC,AB边于E,F点
A.6 B.8 C.10 D.12
12.如图所示,直线a∥b,∠1=35°,∠2=90°,则∠3的度数为( )
A.125° B.135° C.145° D.155°
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13.在一次摸球实验中,摸球箱内放有白色、黄色乒乓球共50个,这两种乒乓球的大小、材质都相同.小明发现,摸到白色乒乓球的频率稳定在60%左右,则箱内黄色乒乓球的个数很可能是________.
14.如图,在四边形ABCD中,点E、F分别是边AB、AD的中点,BC=15,CD=9,EF=6,∠AFE=50°,则∠ADC的度数为_____.
15.计算a10÷a5=_______.
16.在计算器上,按照下面如图的程序进行操作:如表中的x与y分别是输入的6个数及相应的计算结果:上面操作程序中所按的第三个键和第四个键分别是_____、_____.
x | ﹣3 | ﹣2 | ﹣1 | 0 | 1 | 2 |
y | ﹣5 | ﹣3 | ﹣1 | 1 | 3 | 5 |
17.如图,a∥b,∠1=110°,∠3=40°,则∠2=_____°.
18.如图所示,△ABC的顶点是正方形网格的格点,则sinA的值为____.
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19.(6分)某中学课外兴趣活动小组准备围建一个矩形苗圃园,其中一边靠墙,另外三边周长为30米的篱笆围成.已知墙长为18米(如图所示),设这个苗圃园垂直于墙的一边长为
若苗圃园的面积为72平方米,求
20.(6分)黄石市在创建国家级文明卫生城市中,绿化档次不断提升.某校计划购进A,B两种树木共100棵进行校园绿化升级,经市场调查:购买A种树木2棵,B种树木5棵,共需600元;购买A种树木3棵,B种树木1棵,共需380元.
(1)求A种,B种树木每棵各多少元;
(2)因布局需要,购买A种树木的数量不少于B种树木数量的3倍.学校与中标公司签订的合同中规定:在市场价格不变的情况下(不考虑其他因素),实际付款总金额按市场价九折优惠,请设计一种购买树木的方案,使实际所花费用最省,并求出最省的费用.
21.(6分)如图,抛物线y=﹣x2+5x+n经过点A(1,0),与y轴交于点B.
(1)求抛物线的解析式;
(2)P是y轴正半轴上一点,且△PAB是以AB为腰的等腰三角形,试求P点坐标.
22.(8分)如图,某人在山坡坡脚C处测得一座建筑物顶点A的仰角为63.4°,沿山坡向上走到P处再测得该建筑物顶点A的仰角为53°.已知BC=90米,且B、C、D在同一条直线上,山坡坡度i=5:1.
(1)求此人所在位置点P的铅直高度.(结果精确到0.1米)
(2)求此人从所在位置点P走到建筑物底部B点的路程(结果精确到0.1米)(测倾器的高度忽略不计,参考数据:tan53°≈
23.(8分)如图,在
24.(10分)甲、乙两人相约周末登花果山,甲、乙两人距地面的高度y(米)与登山时间x(分)之间的函数图象如图所示,根据图象所提供的信息解答下列问题:甲登山上升的速度是每分钟 米,乙在A地时距地面的高度b为 米.若乙提速后,乙的登山上升速度是甲登山上升速度的3倍,请求出乙登山全程中,距地面的高度y(米)与登山时间x(分)之间的函数关系式.登山多长时间时,甲、乙两人距地面的高度差为50米?
25.(10分)如图1在正方形ABCD的外侧作两个等边三角形ADE和DCF,连接AF,BE.
请判断:AF与BE的数量关系是 ,位置关系 ;如图2,若将条件“两个等边三角形ADE和DCF”变为“两个等腰三角形ADE和DCF,且EA=ED=FD=FC”,第(1)问中的结论是否仍然成立?请作出判断并给予证明;若三角形ADE和DCF为一般三角形,且AE=DF,ED=FC,第(1)问中的结论都能成立吗?请直接写出你的判断.
26.(12分)我们给出如下定义:顺次连接任意一个四边形各边中点所得的四边形叫中点四边形.如图1,四边形ABCD中,点E,F,G,H分别为边AB,BC,CD,DA的中点.求证:中点四边形EFGH是平行四边形;如图2,点P是四边形ABCD内一点,且满足PA=PB,PC=PD,∠APB=∠CPD,点E,F,G,H分别为边AB,BC,CD,DA的中点,猜想中点四边形EFGH的形状,并证明你的猜想;若改变(2)中的条件,使∠APB=∠CPD=90°,其他条件不变,直接写出中点四边形EFGH的形状.(不必证明)
27.(12分)如图1,在平面直角坐标系中,一次函数y=﹣1x+8的图象与x轴,y轴分别交于点A,点C,过点A作AB⊥x轴,垂足为点A,过点C作CB⊥y轴,垂足为点C,两条垂线相交于点B.
(1)线段AB,BC,AC的长分别为AB= ,BC= ,AC= ;
(1)折叠图1中的△ABC,使点A与点C重合,再将折叠后的图形展开,折痕DE交AB于点D,交AC于点E,连接CD,如图1.
请从下列A、B两题中任选一题作答,我选择 题.
A:①求线段AD的长;
②在y轴上,是否存在点P,使得△APD为等腰三角形?若存在,请直接写出符合条件的所有点P的坐标;若不存在,请说明理由.
B:①求线段DE的长;
②在坐标平面内,是否存在点P(除点B外),使得以点A,P,C为顶点的三角形与△ABC全等?若存在,请直接写出所有符合条件的点P的坐标;若不存在,请说明理由.
参考答案
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.B
【解析】
∵摸到红球的概率为
∴
解得n=8,
故选B.
2.C
【解析】
【分析】
有理数大小比较的法则:①正数都大于0;②负数都小于0;③正数大于一切负数;④两个负数,绝对值大的其值反而小,据此判断即可.
【详解】
解:根据有理数比较大小的方法,可得
-2<-1<1<1,
∴在1、-1、1、-2这四个数中,最大的数是1.
故选C.
【点睛】
此题主要考查了有理数大小比较的方法,要熟练掌握,解答此题的关键是要明确:①正数都大于0;②负数都小于0;③正数大于一切负数;④两个负数,绝对值大的其值反而小.
3.A
【解析】
分析:根据B点的变化,确定平移的规律,将△ABC向右移5个单位、上移1个单位,然后确定A、C平移后的坐标即可.
详解:由点B(﹣4,1)的对应点B1的坐标是(1,2)知,需将△ABC向右移5个单位、上移1个单位,
则点A(﹣1,3)的对应点A1的坐标为(4,4)、点C(﹣2,1)的对应点C1的坐标为(3,2),
故选A.
点睛:此题主要考查了平面直角坐标系中的平移,关键是根据已知点的平移变化总结出平移的规律.
4.A
【解析】
【分析】
【详解】
作出反比例函数
∵-3<1,
∴反比例函数
∴当x1<x2<1<x3时,y3<y1<y2.故选A.
5.A
【解析】
【分析】
先利用直角三角形的性质求出CD的长,再利用中位线定理求出EF的长.
【详解】
∵∠ACB=90°,D为AB中点
∴CD=
∵点E、F分别为BC、BD中点
∴
故答案为:A.
【点睛】
本题考查的知识点是直角三角形的性质和中位线定理,解题关键是寻找EF与题目已知长度的线段的数量关系.
6.D
【解析】
【分析】
各项计算得到结果,即可作出判断.
【详解】
A、原式=2a2,不符合题意;
B、原式=-a6,不符合题意;
C、原式=a2+2ab+b2,不符合题意;
D、原式=-4b,符合题意,
故选:D.
【点睛】
此题考查了整式的混合运算,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
7.C
【解析】
【分析】
由题意得到DA′=DA,EA′=EA,经分析判断得到阴影部分的周长等于△ABC的周长即可解决问题.
【详解】
如图,由题意得:
DA′=DA,EA′=EA,
∴阴影部分的周长=DA′+EA′+DB+CE+BG+GF+CF
=(DA+BD)+(BG+GF+CF)+(AE+CE)
=AB+BC+AC
=1+1+1=3(cm)
故选C.
【点睛】
本题考查了等边三角形的性质以及折叠的问题,折叠问题的实质是“轴对称”,解题关键是找出经轴对称变换所得的等量关系.
8.C
【解析】
分析:众数是指一组数据中出现次数最多的那个数据,一组数据可以有多个众数,也可以没有众数;中位数是指将数据按大小顺序排列起来形成一个数列,居于数列中间位置的那个数据.根据定义即可求出答案.
详解:∵众数为5, ∴x=5, ∴这组数据为:2,3,3,5,5,5,7, ∴中位数为5, 故选C.
点睛:本题主要考查的是众数和中位数的定义,属于基础题型.理解他们的定义是解题的关键.
9.C
【解析】
由题意可知,AC=1,AB=2,∠CAB=90°
据勾股定理则BC=
∴AC+BC=(1+
答:树高为(1+
故选C.
10.D
【解析】
【分析】
根据a≤c≤b,可得c的最小值是﹣1,根据有理数的加法,可得答案.
【详解】
由a≤c≤b,得:c最小值是﹣1,当c=﹣1时,c+d=﹣1+d,﹣1+d≥0,解得:d≥1,∴d≥b.
故选D.
【点睛】
本题考查了实数与数轴,利用a≤c≤b得出c的最小值是﹣1是解题的关键.
11.C
【解析】
【分析】
连接AD,由于△ABC是等腰三角形,点D是BC边的中点,故AD⊥BC,再根据三角形的面积公式求出AD的长,再再根据EF是线段AC的垂直平分线可知,点C关于直线EF的对称点为点A,故AD的长为CM+MD的最小值,由此即可得出结论.
【详解】
连接AD,
∵△ABC是等腰三角形,点D是BC边的中点,
∴AD⊥BC,
∴S△ABC=
∵EF是线段AC的垂直平分线,
∴点C关于直线EF的对称点为点A,
∴AD的长为CM+MD的最小值,
∴△CDM的周长最短=(CM+MD)+CD=AD+
故选C.
【点睛】
本题考查的是轴对称-最短路线问题,熟知等腰三角形三线合一的性质是解答此题的关键.
12.A
【解析】
分析:如图求出∠5即可解决问题.
详解:
∵a∥b,
∴∠1=∠4=35°,
∵∠2=90°,
∴∠4+∠5=90°,
∴∠5=55°,
∴∠3=180°-∠5=125°,
故选:A.
点睛:本题考查平行线的性质、三角形内角和定理,邻补角的性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题.
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13.20
【解析】
【分析】
先设出白球的个数,根据白球的频率求出白球的个数,再用总的个数减去白球的个数即可.
【详解】
设黄球的个数为x个,
∵共有黄色、白色的乒乓球50个,黄球的频率稳定在60%,
∴
解得x=30,
∴布袋中白色球的个数很可能是50-30=20(个).
故答案为:20.
【点睛】
本题考查了利用频率估计概率,熟练掌握该知识点是本题解题的关键.
14.140°
【解析】
【分析】
【详解】
如图,连接BD,∵点E、F分别是边AB、AD的中点,
∴EF是△ABD的中位线,
∴EF∥BD,BD=2EF=12,
∴∠ADB=∠AFE=50°,
∵BC=15,CD=9,BD=12,
∴BC2=225,CD2=81,BD2=144,
∴CD2+BD2=BC2,
∴∠BDC=90°,
∴∠ADC=∠ADB+∠BDC=50°+90°=140°.
故答案为:140°.
15.a1.
【解析】
试题分析:根据同底数幂的除法底数不变指数相减,可得答案.
原式=a10-1=a1,
故答案为a1.
考点:同底数幂的除法.
16.+, 1
【解析】
【分析】
根据表格中数据求出x、y之间的关系,即可得出答案.
【详解】
解:根据表格中数据分析可得:
x、y之间的关系为:y=2x+1,
则按的第三个键和第四个键应是“+”“1”.
故答案为+,1.
【点睛】
此题考查了有理数的运算,要求同学们能熟练应用计算器,会用科学记算器进行计算.
17.1
【解析】
试题解析:如图,
∵a∥b,∠3=40°,
∴∠4=∠3=40°.
∵∠1=∠2+∠4=110°,
∴∠2=110°-∠4=110°-40°=1°.
故答案为:1.
18.
【解析】
【详解】
解:连接CE,
∵根据图形可知DC=1,AD=3,AC=
∴CE⊥AB,
∴sinA=
故答案为
考点:勾股定理;三角形的面积;锐角三角函数的定义.
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19.(1)2(2)当x=4时,y最小=88平方米
【解析】
(1)根据题意得方程解即可;
(2)设苗圃园的面积为y,根据题意得到二次函数的解析式y=x(31-2x)=-2x2+31x,根据二次函数的性质求解即可.
解: (1)苗圃园与墙平行的一边长为(31-2x)米.依题意可列方程
x(31-2x)=72,即x2-15x+36=1.
解得x1=3(舍去),x2=2.
(2)依题意,得8≤31-2x≤3.解得6≤x≤4.
面积S=x(31-2x)=-2(x-
①当x=
②当x=4时,S有最小值,S最小=4×(31-22)=88
“点睛”此题考查了二次函数、一元二次不等式的实际应用问题,解题的关键是根据题意构建二次函数模型,然后根据二次函数的性质求解即可.
20. (1) A种树每棵2元,B种树每棵80元;(2) 当购买A种树木1棵,B种树木25棵时,所需费用最少,最少为8550元.
【解析】
【分析】
(1)设A种树每棵x元,B种树每棵y元,根据“购买A种树木2棵,B种树木5棵,共需600元;购买A种树木3棵,B种树木1棵,共需380元”列出方程组并解答;
(2)设购买A种树木为x棵,则购买B种树木为(2-x)棵,根据“购买A种树木的数量不少于B种树木数量的3倍”列出不等式并求得x的取值范围,结合实际付款总金额=0.9(A种树的金额+B种树的金额)进行解答.
【详解】
解:(1)设A种树木每棵x元,B种树木每棵y元,根据题意,得
答:A种树木每棵2元,B种树木每棵80元.
(2)设购买A种树木x棵,则B种树木(2-x)棵,则x≥3(2-x).解得x≥1.
又2-x≥0,解得x≤2.∴1≤x≤2.
设实际付款总额是y元,则y=0.9[2x+80(2-x)].
即y=18x+7 3.
∵18>0,y随x增大而增大,∴当x=1时,y最小为18×1+7 3=8 550(元).
答:当购买A种树木1棵,B种树木25棵时,所需费用最少,为8 550元.
21.(1)
【解析】
试题分析:(1)将A点的坐标代入抛物线中,即可得出二次函数的解析式;
(2)本题要分两种情况进行讨论:①PB=AB,先根据抛物线的解析式求出B点的坐标,即可得出OB的长,进而可求出AB的长,也就知道了PB的长,由此可求出P点的坐标;
②PA=AB,此时P与B关于x轴对称,由此可求出P点的坐标.
试题解析:(1)∵抛物线
(2)∵抛物线的解析式为
①当PB=AB时,PB=AB=
②当PA=AB时,P、B关于x轴对称,∴P(0,4),因此P点的坐标为(0,
考点:二次函数综合题.
22.(1)此人所在P的铅直高度约为14.3米;(2)从P到点B的路程约为17.1米
【解析】
分析:(1)过P作PF⊥BD于F,作PE⊥AB于E,设PF=5x,在Rt△ABC中求出AB,用含x的式子表示出AE,EP,由tan∠APE,求得x即可;(2)在Rt△CPF中,求出CP的长.
详解:过P作PF⊥BD于F,作PE⊥AB于E,
∵斜坡的坡度i=5:1,
设PF=5x,CF=1x,
∵四边形BFPE为矩形,
∴BF=PEPF=BE.
在RT△ABC中,BC=90,
tan∠ACB=
∴AB=tan63.4°×BC≈2×90=180,
∴AE=AB-BE=AB-PF=180-5x,
EP=BC+CF≈90+10x.
在RT△AEP中,
tan∠APE=
∴x=
∴PF=5x=
答:此人所在P的铅直高度约为14.3米.
由(1)得CP=13x,
∴CP=13×
答:从P到点B的路程约为17.1米.
点睛:本题考查了解直角三角形的应用,关键是正确的画出与实际问题相符合的几何图形,找出图形中的相关线段或角的实际意义及所要解决的问题,构造直角三角形,用勾股定理或三角函数求相应的线段长.
23.(1)见解析;(2)90°;(3)解题思路见解析.
【解析】
【分析】
(1)将线段AD绕点A逆时针方向旋转90°,得到线段AE,连结EC.
(2)先判定△ABD≌△ACE,即可得到
(3)连接DE,由于△ADE为等腰直角三角形,所以可求
【详解】
解:
在
Ⅱ
Ⅲ
Ⅳ
Ⅴ
故答案为(1)见解析;(2)90°;(3)解题思路见解析.
【点睛】
本题主要考查旋转的性质,等腰直角三角形的性质的运用,解题的关键是要注意对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角.
24.(1)10,30;(2)y=
【解析】
【分析】
(1)根据速度=高度÷时间即可算出甲登山上升的速度;根据高度=速度×时间即可算出乙在A地时距地面的高度b的值;
(2)分0≤x≤2和x≥2两种情况,根据高度=初始高度+速度×时间即可得出y关于x的函数关系;
(3)当乙未到终点时,找出甲登山全程中y关于x的函数关系式,令二者做差等于50即可得出关于x的一元一次方程,解之即可求出x值;当乙到达终点时,用终点的高度﹣甲登山全程中y关于x的函数关系式=50,即可得出关于x的一元一次方程,解之可求出x值.综上即可得出结论.
【详解】
(1)(300﹣100)÷20=10(米/分钟),
b=15÷1×2=30,
故答案为10,30;
(2)当0≤x≤2时,y=15x;
当x≥2时,y=30+10×3(x﹣2)=30x﹣30,
当y=30x﹣30=300时,x=11,
∴乙登山全程中,距地面的高度y(米)与登山时间x(分)之间的函数关系式为y=
(3)甲登山全程中,距地面的高度y(米)与登山时间x(分)之间的函数关系式为y=10x+100(0≤x≤20).
当10x+100﹣(30x﹣30)=50时,解得:x=4,
当30x﹣30﹣(10x+100)=50时,解得:x=9,
当300﹣(10x+100)=50时,解得:x=15,
答:登山4分钟、9分钟或15分钟时,甲、乙两人距地面的高度差为50米.
【点睛】
本题考查了一次函数的应用以及解一元一次方程,解题的关键是:(1)根据数量关系列式计算;(2)根据高度=初始高度+速度×时间找出y关于x的函数关系式;(3)将两函数关系式做差找出关于x的一元一次方程.
25.(1)AF=BE,AF⊥BE;(2)证明见解析;(3)结论仍然成立
【解析】
试题分析:(1)根据正方形和等边三角形可证明△ABE≌△DAF,然后可得BE=AF,∠ABE=∠DAF,进而通过直角可证得BE⊥AF;
(2)类似(1)的证法,证明△ABE≌△DAF,然后可得AF=BE,AF⊥BE,因此结论还成立;
(3)类似(1)(2)证法,先证△AED≌△DFC,然后再证△ABE≌△DAF,因此可得证结论.
试题解析:解:(1)AF=BE,AF⊥BE.
(2)结论成立.
证明:∵四边形ABCD是正方形,
∴BA="AD" =DC,∠BAD =∠ADC = 90°.
在△EAD和△FDC中,
∴△EAD≌△FDC.
∴∠EAD=∠FDC.
∴∠EAD+∠DAB=∠FDC+∠CDA,
即∠BAE=∠ADF.
在△BAE和△ADF中,
∴△BAE≌△ADF.
∴BE = AF,∠ABE=∠DAF.
∵∠DAF +∠BAF=90°,
∴∠ABE +∠BAF=90°,
∴AF⊥BE.
(3)结论都能成立.
考点:正方形,等边三角形,三角形全等
26.(1)证明见解析;(2)四边形EFGH是菱形,证明见解析;(3)四边形EFGH是正方形.
【解析】
【分析】
(1)如图1中,连接BD,根据三角形中位线定理只要证明EH∥FG,EH=FG即可.
(2)四边形EFGH是菱形.先证明△APC≌△BPD,得到AC=BD,再证明EF=FG即可.
(3)四边形EFGH是正方形,只要证明∠EHG=90°,利用△APC≌△BPD,得∠ACP=∠BDP,即可证明∠COD=∠CPD=90°,再根据平行线的性质即可证明.
【详解】
(1)证明:如图1中,连接BD.
∵点E,H分别为边AB,DA的中点,
∴EH∥BD,EH=
∵点F,G分别为边BC,CD的中点,
∴FG∥BD,FG=
∴EH∥FG,EH=GF,
∴中点四边形EFGH是平行四边形.
(2)四边形EFGH是菱形.
证明:如图2中,连接AC,BD.
∵∠APB=∠CPD,
∴∠APB+∠APD=∠CPD+∠APD,
即∠APC=∠BPD,
在△APC和△BPD中,
∵AP=PB,∠APC=∠BPD,PC=PD,
∴△APC≌△BPD,
∴AC=BD.
∵点E,F,G分别为边AB,BC,CD的中点,
∴EF=
∵四边形EFGH是平行四边形,
∴四边形EFGH是菱形.
(3)四边形EFGH是正方形.
证明:如图2中,设AC与BD交于点O.AC与PD交于点M,AC与EH交于点N.
∵△APC≌△BPD,
∴∠ACP=∠BDP,
∵∠DMO=∠CMP,
∴∠COD=∠CPD=90°,
∵EH∥BD,AC∥HG,
∴∠EHG=∠ENO=∠BOC=∠DOC=90°,
∵四边形EFGH是菱形,
∴四边形EFGH是正方形.
考点:平行四边形的判定与性质;中点四边形.
27.(1)2,3,3
【解析】
【分析】
(1)先确定出OA=3,OC=2,进而得出AB=2,BC=3,利用勾股定理即可得出AC;
(1)A.①利用折叠的性质得出BD=2﹣AD,最后用勾股定理即可得出结论;
②分三种情况利用方程的思想即可得出结论;
B.①利用折叠的性质得出AE,利用勾股定理即可得出结论;
②先判断出∠APC=90°,再分情况讨论计算即可.
【详解】
解:(1)∵一次函数y=﹣1x+2的图象与x轴,y轴分别交于点A,点C,
∴A(3,0),C(0,2),
∴OA=3,OC=2.
∵AB⊥x轴,CB⊥y轴,∠AOC=90°,
∴四边形OABC是矩形,
∴AB=OC=2,BC=OA=3.
在Rt△ABC中,根据勾股定理得,AC=
故答案为2,3,3
(1)选A.
①由(1)知,BC=3,AB=2,由折叠知,CD=AD.
在Rt△BCD中,BD=AB﹣AD=2﹣AD,
根据勾股定理得,CD1=BC1+BD1,
即:AD1=16+(2﹣AD)1,
∴AD=5;
②由①知,D(3,5),设P(0,y).
∵A(3,0),
∴AP1=16+y1,DP1=16+(y﹣5)1.
∵△APD为等腰三角形,
∴分三种情况讨论:
Ⅰ、AP=AD,
∴16+y1=15,
∴y=±3,
∴P(0,3)或(0,﹣3);
Ⅱ、AP=DP,
∴16+y1=16+(y﹣5)1,
∴y=
∴P(0,
Ⅲ、AD=DP,15=16+(y﹣5)1,
∴y=1或2,
∴P(0,1)或(0,2).
综上所述:P(0,3)或(0,﹣3)或P(0,
选B.①由A①知,AD=5,由折叠知,AE=
在Rt△ADE中,DE=
②∵以点A,P,C为顶点的三角形与△ABC全等,
∴△APC≌△ABC,或△CPA≌△ABC,
∴∠APC=∠ABC=90°.
∵四边形OABC是矩形,
∴△ACO≌△CAB,
此时,符合条件,点P和点O重合,即:P(0,0);
如图3,过点O作ON⊥AC于N,易证,△AON∽△ACO,
∴
∴
∴AN=
过点N作NH⊥OA,
∴NH∥OA,
∴△ANH∽△ACO,
∴
∴
∴NH=
∴OH=
∴N(
而点P1与点O关于AC对称,
∴P1(
同理:点B关于AC的对称点P1,
同上的方法得,P1(﹣
综上所述:满足条件的点P的坐标为:(0,0),(
【点睛】
本题是一次函数综合题,主要考查了矩形的性质和判定,相似三角形的判定和性质,勾股定理,折叠的性质,对称的性质,解(1)的关键是求出AC,解(1)的关键是利用分类讨论的思想解决问题.
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