成都七中2015-2016学年高二上学期期中考试物理试题（word版，含答案）

成都七中2015-2016学年度上期半期考试

高二年级物理试卷

【满分110分 考试时间100分钟】

第Ⅰ卷 选择题（共42分）

一． 单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题3分，共18分）

1 .在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献。他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法。下列叙述不正确的是（ ）

A．法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法

B．库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值

C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法

D．电场强度的表达式和电势差的表达式都是利用比值法得到的定义式

2．如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，

a点的场强大小为Ea，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为Eb，

方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小Ea、Eb的关系，以下

结论正确的是( )

3. 在真空中上、下两个区域均有竖直向下的匀强电场，其电场线分布如图所示．有一带负电的微粒，从上边区域沿平行电场线方向以速度v0匀速下落，并进入下边区域(该区域的电场足够广)，在如图所示的速度—时间图象中，符合粒子在电场内运动情况的是(以v0方向为正方向)( )

4.如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10 V、20 V、30 V。实线是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，下列说法中正确的是（ ）

A．带电粒子一定是先过a，再到b，然后到c

B．带电粒子在三点所受电场力的大小： Fb>Fa>Fc

C．带电粒子在三点动能的大小： Ekb> Eka>Ekc

D．带电粒子在三点电势能的大小： Epb>Epa>Epc

5．如图为多用表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为 Ig=300

μA，内阻Rg＝100Ω，调零电阻最大阻值R＝50kΩ，串联的固定电阻R0＝[来源:学+科+网Z+X+X+K]

50Ω，电池电动势 E＝1.5V，用它测量电阻Rx，能准确测量的阻值范围是

（ ）

A．30 kΩ～80 kΩ B．3 kΩ～8 kΩ

C．300 kΩ～800 kΩ D．3000 kΩ～8000 kΩ

6．如图所示，为一比较两个电源输出功率的实验电路图，两个电源的电

动势分别为E1和E2，内阻分别为r1和r2单刀双掷开关置1或2时，调

节电阻箱的阻值相同，两电源可能有相同的输出功率的是( )

A．E1>E2、r1>r2 B．E1＝E2、r1>r2

C．E1>E2、r1＝r2 D．E1>E2、r12

二.不定项选择题(共24分）

（每小题至少有一个选项正确，每小题4分，选不全得2分）

7. 如图所示，A、B、C三个小球(可视为质点)的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电(不考虑小球间的电荷感应)，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E。则以下说法正确的是( )

A．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg＋qE

B．静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg－qE

C．剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE/3

D．剪断O点与A小球间细线瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE/6

8．用电场线能直观、方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对于O点对称的两点，B、C和A、D也相对于O点对称．则( )

A．B、C两点场强大小和方向都相同 B．A、D两点场强大小相等，方向相反

C．E、O、F三点比较，O点场强最强 D．B、O、C三点比较，O点场强最弱

9. 如图所示，两面积较大、正对着的平行极板A、B水平放置，极板上带有等量异种电荷．其中A极板用绝缘线悬挂，B极板固定且接地，P点为两极板的中间位置．下列结论正确的是( )

A．若在两极板间加上某种绝缘介质，A、B两极板所带电荷量会增大

B．A、B两极板电荷分别在P点产生电场的场强大小相等，方向相同

C．若将A极板竖直向上平移一小段距离，两极板间的电场强度将增大

D．若将A极板竖直向下平移一小段距离，原P点位置的电势将不变

10. 在如图所示的电路中，电压表和电流表均为理想电表，电源

内阻不能忽略。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，

则下列叙述正确的是( )

A．电压表和电流表的示数都增大

B．灯L2变暗，电流表的示数减小

C．灯L1变亮，电压表的示数减小

D．电源的效率增大，电容器C所带电荷量增加

11.如图所示，电源电动势E＝3 V，小灯泡L标有“2 V，0.4 W”，开关S接1，当变阻器调到R＝4 Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作。则( )

A. 电源内阻为1 Ω B. 电动机的内阻为4 Ω

C. 电动机正常工作电压为1 V D. 电源效率约为93.3%

12．有一静电场，其电势随x坐标的改变而改变，变化的图线如图所示．若将一带负电的粒子(重力不计)从坐标原点O由静止释放，电场中P、Q两点的横坐标分别为1 mm、4 mm.则下列说法正确的是( )

A．粒子将沿x轴正方向一直向前运动

B．粒子经过P点与Q点时，加速度大小相等、方向相反

C．粒子经过P点与Q点时，动能相等

D．粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等

第Ⅱ卷（非选择题 共68分）

实验题（每空2分，共20分）

13. (1)实验室进了一批金属电阻丝，某同学想通过实验测定该材料的电阻率，他设计了如图甲所示的原理图，根据图甲将实物图乙连接好．

(2)其主要实验步骤如下：

①用螺旋测微器测金属丝的直径，测量结果如图丙所示，则金属丝的直径大小为 D＝________mm.

②适当取出一段样品材料，然后按原理图甲连接好实验器材．

③用毫米刻度尺测量出接入实验电路中的金属丝的长度，某次测量中刻度尺的示数如图丁所示，则金属丝长度为L＝________cm.

④改变接入实验电路中金属丝的长度，重复实验多次．

(3)根据实验中的数据，最后得到了如右图所示的R－L图象，R为R0与金属丝的总电阻，由图象可求得金属丝的电阻率ρ＝________Ω·m.

14.在一次实验技能比赛中，一同学设计了如图甲所示电路来测电源的电动势和内阻．该同学选好器材后，用导线将各器材连接成如图乙所示实物连线电路(图甲是其电路原理图)，其中R0是保护电阻．

(1)该同学在闭合电键后，发现电压表无示数，电流表有示数，在选用器材时，除了导线外，其他器材经检测都是完好的，则出现故障的原因是______________(请用接线柱处的字母去表达)．

(2)该同学测量时记录了6组数据，并根据这些数据画出了U－I图线如图所示．

根据图线求出电源的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.

(3)若保护电阻R0的阻值未知，该电源的电动势E、内电阻r已经测出，在图乙的电路中只需改动一条线就可测量出R0的阻值．该条线是________，需改接为________．改接好后，调节滑动变阻器，读出电压表的示数为U、电流表示数为I，电源的电动势用E表示，内电阻用r表示，则R0＝________.

计算题（共48分）

15．（16分）如图所示，空间存在着场强为E＝2.5×102 N/C、方向竖直向

上的匀强电场，在电场内一长为L＝0.5 m的绝缘细线，一端固定在O点，

另一端拴着质量为m＝0.5 kg、电荷量为q＝4×10－2C的小球．现将细线

拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动到最高点时细线受到的

拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂．取g＝10 m/s2。求：[来源:学科网]

(1)细线能承受的最大拉力；

(2)当细线断裂后，小球继续运动到与O点水平方向距离为L时，小球距O点的高度．

16.（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L=80 cm，两板间的距离d=40 cm。电源电动势E=40V，内电阻r=lΩ，电阻R=15Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一 带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0=4 m／s水平向右射入两板间，该小球可视为质点。若小球带电量 q=l×10-2C，质量为 m=2×10-2kg，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电表。若小球恰好从A板右边缘射出（g取10 m／s2）。求：

(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多少？

(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少？

(3)此时电源的输出功率是多少？

17．（16分）两块水平平行放置的导体板如图甲所示，大量电子(质量为m、电荷量为e)由静止开始，经电压为U0的电场加速后，连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间．当两板均不带电时，这些电子通过两板之间的时间为3 t0；当在两板间加如图乙所示的周期为2t0、恒为U0的周期性电压时，恰好能使所有电子均从两板间通过(不计电子重力)．求：

(1) 画出电子在t＝0时和t＝t0时进入电场后沿电场力方向的速度vy随时间t变化的vy－t图象；

(2) 这些电子通过两板之间后，侧向位移(垂直于入射速度方向上的位移)的最大值和最小值分别是多少?[来源:学科网]

(3) 侧向位移分别为最大值和最小值的情况下，电子在刚穿出两板之间时的动能之比为多少?

高二年级物理半期考试参考答案及评分标准

一、单项选择题1-6（每小题只有一个选项正确，每小题3分，共18分）

二、不定项选择题7-12（每小题至少有一个选项正确，每小题4分，选不全得2分）

实验题（20分，每空2分）

13、（8分，每空2分）

(1) 在右图连线

(2).①d= 0.252(0.250～0.254均对) mm；

③60.49(60.48～60.50均对)cm；

(3)ρ＝1.250×10－6(1.225×10－6～1.275×10－6均对)Ω·m.

14、（12分，每空2分）

(1) jd部分断路

(2). 1.48　、 0.50

(3) jd、je(或jf)、　－r

15（16分）　　(1)15 N　(2)0.625 m

解析　 (1)设小球运动到最高点时速度为v，对该过程由动能定理有，

(qE－mg)L＝mv2① （ 3分）

在最高点对小球进行受力分析，由圆周运动和牛顿第二定律得，

FT＋mg－qE＝m② （ 3分）

由①②式解得，FT＝15 N （ 2分）

(2)小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a，

则a＝③ （ 2分）

设小球在水平方向运动位移为L的过程中，所经历的时间为t，则L＝vt④（ 1分）

设竖直方向上的位移为x，

则x＝at2⑤ （ 1分）

由①③④⑤解得x＝0.125 m （ 2分）

所以小球距O点的高度为x＋L＝0.625 m （2分）

16（16分）解：（1）对小球受力分析有：
沿电场方向：-mg=ma，d=at2 （ 2分）
垂直电场方向：L=v0t （ 2分）
联立解得t＝0.2s，a=20m/s2，U=24V （ 2分）
由=，得＝24Ω（ 2分）
（2）I=1A，U路＝39V （ 4分）
（3）η＝39/40＝97.5% （ 4分）

17.（16分）(1) 　　(2)

解析　 (1)（4分）以电场力的方向为y轴正方向，画出电子在t＝0时和t＝t0时进入电场后沿电场力方向的速度vy随时间t变化的vy－t图象分别如图a和图b所示，设两平行板之间的距离为d.

(2) （6分）图中，v1y＝t0，v2y＝2t0＝

由图a可得电子的最大侧向位移为

xymax＝2(v1yt0＋v1yt0)＝3v1yt0＝

而xymax＝，解得d＝t0

由图b可得电子的最小侧向位移为

xymin＝v1yt0＋v1yt0＝v1yt0＝＝

所以xymax＝＝，xymin＝＝

(3) （6分）v＝(t0)2＝，v＝(2t0)2＝

电子经电压U0加速，由动能定理知， mv＝eU0

所以＝＝＝＝.

本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/a7be1eb26c175f0e7cd137d3.html