2016-2017学年九年级(上)期末数学模拟试卷
一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的)
1.下列各等式成立的是( )
A.4×2=8 B.5×4=20 C.4×3=7 D.5×4=20
2.如图由圆形组成的四个图形中,可以看做是中心对称图形的有( )
A.4个 B.3个 C.2个 D.1个
3.下列二次根式中与是同类二次根式的是( )
A. B. C. D.
4.在一个不透明的盒子中装有n个小球,它们除了颜色不同外,其余都相同,其中有4个白球,每次试验前,将盒子中的小球摇匀,随机摸出一个球记下颜色后再放回盒中.大量重复上述试验后发现,摸到白球的频率稳定在0.4,那么可以推算出n大约是( )
A.10 B.14 C.16 D.40
5.已知⊙O的半径为6,A为线段PO的中点,当OP=10时,点A与⊙O的位置关系为( )
A.在圆上 B.在圆外 C.在圆内 D.不确定
6.如图,点A,B,C,在⊙O上,∠ABO=32°,∠ACO=38°,则∠BOC等于( )
A.60° B.70° C.120° D.140°
7.蜂巢的构造非常美丽、科学,如图是由7个形状、大小完全相同的正六边形组成的网络,正六边形的顶点称为格点,△ABC的顶点都在格点上.设定AB边如图所示,则△ABC是直角三角形的个数有( )
A.4个 B.6个 C.8个 D.10个
8.下列事件中是必然事件的是( )
A.明天太阳从西边升起
B.篮球队员在罚球线上投篮一次,未投中
C.实心铁球投入水中会沉入水底
D.抛出一枚硬币,落地后正面朝上
9.75°的圆心角所对的弧长是2.5πcm,则此弧所在圆的半径是( )
A.6cm B.7cm C.8cm D.9cm
10.如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC=2,在以AB的中点O为坐标原点,AB所在直线为x轴建立的平面直角坐标系中,将△ABC绕点B顺时针旋转,使点A旋转至y轴正半轴上的A′处,则图中阴影部分面积为( )
A.π﹣2 B.π C.π D.π﹣2
二、填空题(本大题共10小题,每小题3分,共30分)
11.若使二次根式有意义,则x的取值范围是 .
12.一元二次方程9(x﹣1)2﹣4=0的解是 .
13.如图所示的计算程序中,y与x之间的函数关系为 .
14.半径为1的圆内接正三角形的边心距为 .
15.点A(a,3)与点B(﹣4,b)关于原点对称,则a+b= .
16.若方程kx2﹣6x+1=0有两个实数根,则k的取值范围是 .
17.赵州桥是我国建筑史上的一大创举,它距今约1400年,历经无数次洪水冲击和8次地震却安然无恙.如图,若桥跨度AB约为40米,主拱高CD约10米,则桥弧AB所在圆的半径R= 米.
18.如图,AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,垂足为E,连接AC.若∠CAB=22.5°,CD=8cm,则⊙O的半径为 cm.
19.若把二次函数y=x2+6x+2化为y=(x﹣h)2+k的形式,其中h,k为常数,则h+k= .
20.如图,是抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)图象的一部分,已知抛物线的对称轴是直线x=2,与x轴的一个交点是(﹣1,0),有下列结论:
①abc<0,②4a+b=0,③抛物线与x轴的另一个交点是(5,0),④若点(﹣2,y1),(5,y2)都在抛物线上,则有y1<y2,
请将正确选项的序号都填在横线上 .
三、计算题(本大题共1小题,共5分)
21.(5分)计算:(2﹣)(2+)+(2﹣)2﹣.
四、解答题(本大题共6小题,共45分)
22.若x、y为实数,且y=++3,求yx的值.
23.如图,在⊙O中,半径OA⊥OB,过点OA的中点C作FD∥OB交⊙O于D、F两点,且CD=,以O为圆心,OC为半径作,交OB于E点.
(1)求⊙O的半径OA的长;
(2)计算阴影部分的面积.
24.如图,AC是矩形ABCD的对角线,过AC的中点O作EF⊥AC,交BC于点E,交AD于点F,连接AE,CF.
(1)求证:四边形AECF是菱形;
(2)若AB=,∠DCF=30°,求四边形AECF的面积.(结果保留根号)
25.锐锐参加我市电视台组织的“牡丹杯”智力竞答节目,答对最后两道单选题就顺利通关,第一道单选题有3个选项,第二道单选题有4个选项,这两道题锐锐都不会,不过锐锐还有两个“求助”可以用(使用“求助”一次可以让主持人去掉其中一题的一个错误选项).
(1)如果锐锐两次“求助”都在第一道题中使用,那么锐锐通关的概率是 .
(2)如果锐锐两次“求助”都在第二道题中使用,那么锐锐通关的概率是 .
(3)如果锐锐将每道题各用一次“求助”,请用树状图或者列表来分析他顺利通关的概率.
26.贵阳市某楼盘准备以每平方米6000元的均价对外销售,由于国务院有关房地产的新政策出台后,购房者持币观望,房地产开发商为了加快资金周转,对价格经过两次下调后,决定以每平方米4860元的均价开盘销售.
(1)求平均每次下调的百分率.
(2)某人准备以开盘价均价购买一套100平方米的住房,开发商给予以下两种优惠方案以供选择:
①打9.8折销售;
②不打折,一次性送装修费每平方米80元,试问哪种方案更优惠?
27.已知等边三角形ABC,AB=12,以AB为直径的半圆与BC边交于点D,过点D作DF⊥AC,垂足为F,过点F作FG⊥AB,垂足为G,连接GD,
(1)求证:DF与⊙O的位置关系并证明;
(2)求FG的长.
五、综合题(本大题共1小题,共10分)
28.(10分)如图1,若△ABC和△ADE为等边三角形,M,N分别EB,CD的中点,易证:CD=BE,△AMN是等边三角形.
(1)当把△ADE绕A点旋转到图2的位置时,CD=BE是否仍然成立?若成立,请证明,若不成立,请说明理由;
(2)当△ADE绕A点旋转到图3的位置时,△AMN是否还是等边三角形?若是,请给出证明,并求出当AB=2AD时,△ADE与△ABC及△AMN的面积之比;若不是,请说明理由.
九年级(上)期末数学模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共10小题,每小题3分,共30分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的)
1.下列各等式成立的是( )
A.4×2=8 B.5×4=20 C.4×3=7 D.5×4=20
【考点】二次根式的乘除法.
【分析】根据二次根式乘法法则: •=(a≥0,b≥0),分别计算即可.
【解答】解:A、4×2=8×5=40,故选项错误;
B、5×4=20=20,故选项错误;
C、4×3=12=12,故选项错误;
D、5×4=20=20,故选项正确.
故选D.
【点评】本题考查了二次根式的乘法法则,正确理解法则是关键.
2.如图由圆形组成的四个图形中,可以看做是中心对称图形的有( )
A.4个 B.3个 C.2个 D.1个
【考点】中心对称图形.
【分析】根据中心对称图形定义:把一个图形绕某一点旋转180°,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称图形,这个点叫做对称中心进行分析即可.
【解答】解:第一、二、四个图形是中心对称图形,共3个,
故选:B.
【点评】此题主要考查了中心对称图形,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后与原图重合.
3.下列二次根式中与是同类二次根式的是( )
A. B. C. D.
【考点】同类二次根式.
【分析】根据同类二次根式的定义,先化简,再判断.
【解答】解:A、=2,与的被开方数不同,不是同类二次根式,故A选项错误;
B、=,与的被开方数不同,不是同类二次根式,故B选项错误;
C、=,与的被开方数不同,不是同类二次根式,故C选项错误;
D、=3,与的被开方数相同,是同类二次根式,故D选项正确.
故选:D.
【点评】此题主要考查了同类二次根式的定义,即:化成最简二次根式后,被开方数相同,这样的二次根式叫做同类二次根式.
4.在一个不透明的盒子中装有n个小球,它们除了颜色不同外,其余都相同,其中有4个白球,每次试验前,将盒子中的小球摇匀,随机摸出一个球记下颜色后再放回盒中.大量重复上述试验后发现,摸到白球的频率稳定在0.4,那么可以推算出n大约是( )
A.10 B.14 C.16 D.40
【考点】利用频率估计概率.
【分析】利用大量重复实验时,事件发生的频率在某个固定位置左右摆动,并且摆动的幅度越来越小,根据这个频率稳定性定理,可以用频率的集中趋势来估计概率,这个固定的近似值就是这个事件的概率.
【解答】解:∵通过大量重复试验后发现,摸到红球的频率稳定于0.4,
∴=0.4,
解得:n=10.
故选A.
【点评】此题主要考查了利用频率估计概率,正确运用概率公式是解题关键.
5.已知⊙O的半径为6,A为线段PO的中点,当OP=10时,点A与⊙O的位置关系为( )
A.在圆上 B.在圆外 C.在圆内 D.不确定
【考点】点与圆的位置关系.
【分析】知道OP的长,点A是OP的中点,得到OA的长与半径的关系,求出点A与圆的位置关系.
【解答】解:∵OP=10,A是线段OP的中点,
∴OA=5,小于圆的半径6,
∴点A在圆内.
故选C.
【点评】本题考查的是点与圆的位置关系,根据OP的长和点A是OP的中点,得到OA=5,小于圆的半径,可以确定点A的位置.
6.如图,点A,B,C,在⊙O上,∠ABO=32°,∠ACO=38°,则∠BOC等于( )
A.60° B.70° C.120° D.140°
【考点】圆周角定理.
【分析】过A、O作⊙O的直径AD,分别在等腰△OAB、等腰△OAC中,根据三角形外角的性质求出θ=2α+2β.
【解答】解:过A作⊙O的直径,交⊙O于D;
在△OAB中,OA=OB,
则∠BOD=∠OBA+∠OAB=2×32°=64°,
同理可得:∠COD=∠OCA+∠OAC=2×38°=76°,
故∠BOC=∠BOD+∠COD=140°.
故选D
【点评】本题考查了圆周角定理,涉及了等腰三角形的性质及三角形的外角性质,解答本题的关键是求出∠COD及∠BOD的度数.
7.蜂巢的构造非常美丽、科学,如图是由7个形状、大小完全相同的正六边形组成的网络,正六边形的顶点称为格点,△ABC的顶点都在格点上.设定AB边如图所示,则△ABC是直角三角形的个数有( )
A.4个 B.6个 C.8个 D.10个
【考点】正多边形和圆.
【分析】根据正六边形的性质,分AB是直角边和斜边两种情况确定出点C的位置即可得解.
【解答】解:如图,AB是直角边时,点C共有6个位置,
即,有6个直角三角形,
AB是斜边时,点C共有4个位置,
即有4个直角三角形,
综上所述,△ABC是直角三角形的个数有6+4=10个.
故选:D.
【点评】本题考查了正多边形和圆,难点在于分AB是直角边和斜边两种情况讨论,熟练掌握正六边形的性质是解题的关键,作出图形更形象直观.
8.下列事件中是必然事件的是( )
A.明天太阳从西边升起
B.篮球队员在罚球线上投篮一次,未投中
C.实心铁球投入水中会沉入水底
D.抛出一枚硬币,落地后正面朝上
【考点】随机事件.
【分析】必然事件就是一定会发生的事件,依据定义即可判断.
【解答】解:A.是不可能事件,故A选项不符合题意;
B.是随机事件,故B选项不符合题意;
C.是必然事件,故C选项符合题意;
D.是随机事件,故D选项不符合题意.
故选:C.
【点评】该题考查的是对必然事件,随机事件,不可能事件的概念的理解.用到的知识点为:必然事件指在一定条件下一定发生的事件;不可能事件是指在一定条件下,一定不发生的事件;不确定事件即随机事件是指在一定条件下,可能发生也可能不发生的事件.
9.75°的圆心角所对的弧长是2.5πcm,则此弧所在圆的半径是( )
A.6cm B.7cm C.8cm D.9cm
【考点】弧长的计算.
【分析】根据弧长公式L=,将n=75,L=2.5π,代入即可求得半径长.
【解答】解:∵75°的圆心角所对的弧长是2.5πcm,
由L=,
∴2.5π=,
解得:r=6,
故选:A.
【点评】此题主要考查了弧长公式的应用,熟练掌握弧长公式:L=才能准确的解题.
10.如图,Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC=2,在以AB的中点O为坐标原点,AB所在直线为x轴建立的平面直角坐标系中,将△ABC绕点B顺时针旋转,使点A旋转至y轴正半轴上的A′处,则图中阴影部分面积为( )
A.π﹣2 B.π C.π D.π﹣2
【考点】旋转的性质;扇形面积的计算.
【分析】根据等腰直角三角形的性质求出AB,再根据旋转的性质可得A′B=AB,然后求出∠OA′B=30°,再根据直角三角形两锐角互余求出∠A′BA=60°,即旋转角为60°,再根据S阴影=S扇形ABA′+S△A′BC′﹣S△ABC﹣S扇形CBC′=S扇形ABA′﹣S扇形CBC′,然后利用扇形的面积公式列式计算即可得解.
【解答】解:∵∠ACB=90°,AC=BC,
∴△ABC是等腰直角三角形,
∴AB=2OA=2OB=AC=2,
∵△ABC绕点B顺时针旋转点A在A′处,
∴BA′=AB,
∴BA′=2OB,
∴∠OA′B=30°,
∴∠A′BA=60°,
即旋转角为60°,
S阴影=S扇形ABA′+S△A′BC′﹣S△ABC﹣S扇形CBC′,
=S扇形ABA′﹣S扇形CBC′,
=﹣,
=π﹣π,
=π.
故选C.
【点评】本题考查了旋转的性质,等腰直角三角形的性质,直角三角形30°角所对的直角边等于斜边的一半的性质,表示出阴影部分的面积等于两个扇形的面积的差是解题的关键,难点在于求出旋转角的度数.
二、填空题(本大题共10小题,每小题3分,共30分)
11.若使二次根式有意义,则x的取值范围是 x≥2 .
【考点】二次根式有意义的条件.
【分析】先根据二次根式有意义的条件列出关于x的不等式,求出x的取值范围即可.
【解答】解:∵二次根式有意义,
∴2x﹣4≥0,
解得x≥2.
故答案为:x≥2.
【点评】本题考查的是二次根式有意义的条件,即被开方数大于等于0.
12.一元二次方程9(x﹣1)2﹣4=0的解是 x1=,x2= .
【考点】解一元二次方程-直接开平方法.
【分析】先把方程变形为(x﹣1)2=,然后利用直接开平方法解方程.
【解答】解:(x﹣1)2=,
x﹣1=±
所以x1=,x2=.
故答案为x1=,x2=.
【点评】本题考查了解一元二次方程﹣直接开平方法:形如x2=p或(nx+m)2=p(p≥0)的一元二次方程可采用直接开平方的方法解一元二次方程.
13.如图所示的计算程序中,y与x之间的函数关系为 y=﹣2x+4 .
【考点】函数关系式.
【分析】根据计算的图示即可列出函数解析式.
【解答】解:y与x之间的函数关系为:y=﹣2x+4.
故答案是:y=﹣2x+4.
【点评】本题考查了列函数解析式,正确理解图示是关键.
14.半径为1的圆内接正三角形的边心距为 .
【考点】正多边形和圆.
【分析】作出几何图形,再由外接圆半径、边心距和边长的一半组成的三角形中,已知外接圆半径和特殊角,可求得边心距.
【解答】解:如图,△ABC是⊙O的内接等边三角形,OB=1,OD⊥BC.
∵等边三角形的内心和外心重合,
∴OB平分∠ABC,则∠OBD=30°;
∵OD⊥BC,OB=1,
∴OD=.
故答案为:.
【点评】考查了等边三角形的性质.注意:等边三角形的外接圆和内切圆是同心圆,圆心到顶点的距离等于外接圆半径,边心距等于内切圆半径.
15.点A(a,3)与点B(﹣4,b)关于原点对称,则a+b= 1 .
【考点】关于原点对称的点的坐标.
【分析】根据平面内两点关于关于原点对称的点,横坐标与纵坐标都互为相反数,则a+(﹣4)=0且3+b=0,从而得出a,b,推理得出结论.
【解答】解:根据平面内两点关于关于原点对称的点,横坐标与纵坐标都互为相反数,
∴a+(﹣4)=0,3+b=0,
即:a=4且b=﹣3,
∴a+b=1.
【点评】本题主要考查了平面内两点关于关于原点对称的点,横坐标与纵坐标都互为相反数,该题比较简单.
16.若方程kx2﹣6x+1=0有两个实数根,则k的取值范围是 k≤9,且k≠0 .
【考点】根的判别式.
【分析】若一元二次方程有两实数根,则根的判别式△=b2﹣4ac≥0,建立关于k的不等式,求出k的取值范围.还要注意二次项系数不为0.
【解答】解:∵方程有两个实数根,
∴△=b2﹣4ac=36﹣4k≥0,
即k≤9,且k≠0
【点评】本题考查了一元二次方程根的判别式的应用.切记不要忽略一元二次方程二次项系数不为零这一隐含条件.
17.赵州桥是我国建筑史上的一大创举,它距今约1400年,历经无数次洪水冲击和8次地震却安然无恙.如图,若桥跨度AB约为40米,主拱高CD约10米,则桥弧AB所在圆的半径R= 25 米.
【考点】垂径定理的应用;勾股定理.
【分析】根据垂径定理和勾股定理求解即可.
【解答】解:根据垂径定理,得AD=AB=20米.
设圆的半径是r,根据勾股定理,
得R2=202+(R﹣10)2,
解得R=25(米).
故答案为25.
【点评】此题综合运用了勾股定理以及垂径定理.注意构造由半径、半弦、弦心距组成的直角三角形进行有关的计算.
18.如图,AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,垂足为E,连接AC.若∠CAB=22.5°,CD=8cm,则⊙O的半径为 4 cm.
【考点】垂径定理;等腰直角三角形;圆周角定理.
【分析】连接OC,如图所示,由直径AB垂直于CD,利用垂径定理得到E为CD的中点,即CE=DE,由OA=OC,利用等边对等角得到一对角相等,确定出三角形COE为等腰直角三角形,求出OC的长,即为圆的半径.
【解答】解:连接OC,如图所示:
∵AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,
∴CE=DE=CD=4cm,
∵OA=OC,
∴∠A=∠OCA=22.5°,
∵∠COE为△AOC的外角,
∴∠COE=45°,
∴△COE为等腰直角三角形,
∴OC=CE=4cm,
故答案为:4
【点评】此题考查了垂径定理,等腰直角三角形的性质,以及圆周角定理,熟练掌握垂径定理是解本题的关键.
19.若把二次函数y=x2+6x+2化为y=(x﹣h)2+k的形式,其中h,k为常数,则h+k= ﹣10 .
【考点】二次函数的三种形式.
【分析】本题是将一般式化为顶点式,由于二次项系数是1,只需加上一次项系数的一半的平方来凑成完全平方式,从而得出h,k的值,进而求出h+k的值.
【解答】解:∵y=x2+6x+2=x2+6x+9﹣9+2=(x+3)2﹣7,
∴h=﹣3,k=﹣7,
h+k=﹣3﹣7=﹣10.
【点评】考查二次函数的解析式的三种形式.
20.如图,是抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)图象的一部分,已知抛物线的对称轴是直线x=2,与x轴的一个交点是(﹣1,0),有下列结论:
①abc<0,②4a+b=0,③抛物线与x轴的另一个交点是(5,0),④若点(﹣2,y1),(5,y2)都在抛物线上,则有y1<y2,
请将正确选项的序号都填在横线上 ②③ .
【考点】二次函数图象与系数的关系.
【分析】根据抛物线的图象,数形结合,逐一解析判断,即可解决问题.
【解答】解:∵抛物线开口向上,
∴a>0,b<0;由图象知c<0,
∴abc>0,故①错误;
∵抛物线的对称轴为x=2,
∴﹣=2,b=﹣4a,
∴4a+b=0,故②正确;
∵抛物线y=ax2+bx+c与x轴有两个交点,对称轴是x=2,与x轴的一个交点是(﹣1,0),
∴抛物线与x轴的另一个交点是(5,0);故③正确;
∵对称轴方程为 x=2,
∴(﹣2,y1)可得(6,y1)
∵(5,y2)在抛物线上,
∴由抛物线的对称性及单调性知:y1>y2,故④错误;
综上所述②③正确.
故答案为:②③.
【点评】此题考查了二次函数的图象与系数的关系,抛物线的单调性、对称性及其应用问题;灵活运用有关知识来分析是解题关键.
三、计算题(本大题共1小题,共5分)
21.计算:(2﹣)(2+)+(2﹣)2﹣.
【考点】二次根式的混合运算.
【分析】原式利用平方差公式,完全平方公式化简,计算即可得到结果.
【解答】解:原式=4﹣5+4﹣4+2﹣=5﹣.
【点评】此题考查了二次根式的混合运算,熟练掌握运算法则是解本题的关键.
四、解答题(本大题共6小题,共45分)
22.(2016秋•安徽期末)若x、y为实数,且y=++3,求yx的值.
【考点】二次根式有意义的条件.
【分析】根据二次根式有意义的条件可得:,解不等式组可得x的值,进而可得y的值,然后可得答案.
【解答】解:由题意得:,
解得:x=2,
则y=3,
yx=32=9.
【点评】此题主要考查了二次根式有意义的条件,关键是掌握二次根式中的被开方数是非负数.
23.(2016•新疆)如图,在⊙O中,半径OA⊥OB,过点OA的中点C作FD∥OB交⊙O于D、F两点,且CD=,以O为圆心,OC为半径作,交OB于E点.
(1)求⊙O的半径OA的长;
(2)计算阴影部分的面积.
【考点】扇形面积的计算;垂径定理.
【分析】(1)首先证明OA⊥DF,由OD=2CO推出∠CDO=30°,设OC=x,则OD=2x,利用勾股定理即可解决问题.
(2)根据S阴=S△CDO+S扇形OBD﹣S扇形OCE计算即可.
【解答】解;(1)连接OD,
∵OA⊥OB,
∴∠AOB=90°,
∵CD∥OB,
∴∠OCD=90°,
在RT△OCD中,∵C是AO中点,CD=,
∴OD=2CO,设OC=x,
∴x2+()2=(2x)2,
∴x=1,
∴OD=2,
∴⊙O的半径为2.
(2)∵sin∠CDO==,
∴∠CDO=30°,
∵FD∥OB,
∴∠DOB=∠ODC=30°,
∴S阴=S△CDO+S扇形OBD﹣S扇形OCE
=×+﹣
=+.
【点评】本题考查扇形面积、垂径定理、勾股定理、有一个角是30度的直角三角形的性质等知识,解题的关键是学会利用分割法求面积.学会把求不规则图形面积转化为求规则图形面积,属于中考常考题型.
24.(2016•贺州)如图,AC是矩形ABCD的对角线,过AC的中点O作EF⊥AC,交BC于点E,交AD于点F,连接AE,CF.
(1)求证:四边形AECF是菱形;
(2)若AB=,∠DCF=30°,求四边形AECF的面积.(结果保留根号)
【考点】矩形的性质;菱形的判定.
【分析】(1)由过AC的中点O作EF⊥AC,根据线段垂直平分线的性质,可得AF=CF,AE=CE,OA=OC,然后由四边形ABCD是矩形,易证得△AOF≌△COE,则可得AF=CE,继而证得结论;
(2)由四边形ABCD是矩形,易求得CD的长,然后利用三角函数求得CF的长,继而求得答案.
【解答】(1)证明:∵O是AC的中点,且EF⊥AC,
∴AF=CF,AE=CE,OA=OC,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AD∥BC,
∴∠AFO=∠CEO,
在△AOF和△COE中,
,
∴△AOF≌△COE(AAS),
∴AF=CE,
∴AF=CF=CE=AE,
∴四边形AECF是菱形;
(2)解:∵四边形ABCD是矩形,
∴CD=AB=,
在Rt△CDF中,cos∠DCF=,∠DCF=30°,
∴CF==2,
∵四边形AECF是菱形,
∴CE=CF=2,
∴四边形AECF是的面积为:EC•AB=2.
【点评】此题考查了矩形的性质、菱形的判定与性质以及三角函数等知识.注意证得△AOF≌△COE是关键.
25.(2016•菏泽)锐锐参加我市电视台组织的“牡丹杯”智力竞答节目,答对最后两道单选题就顺利通关,第一道单选题有3个选项,第二道单选题有4个选项,这两道题锐锐都不会,不过锐锐还有两个“求助”可以用(使用“求助”一次可以让主持人去掉其中一题的一个错误选项).
(1)如果锐锐两次“求助”都在第一道题中使用,那么锐锐通关的概率是 .
(2)如果锐锐两次“求助”都在第二道题中使用,那么锐锐通关的概率是 .
(3)如果锐锐将每道题各用一次“求助”,请用树状图或者列表来分析他顺利通关的概率.
【考点】列表法与树状图法.
【分析】(1)锐锐两次“求助”都在第一道题中使用,第一道肯定能对,第二道对的概率为,即可得出结果;
(2)由题意得出第一道题对的概率为,第二道题对的概率为,即可得出结果;
(3)用树状图得出共有6种等可能的结果,锐锐顺利通关的只有1种情况,即可得出结果.
【解答】解:(1)第一道肯定能对,第二道对的概率为,
所以锐锐通关的概率为;
故答案为:;
(2)锐锐两次“求助”都在第二道题中使用,
则第一道题对的概率为,第二道题对的概率为,
所以锐锐能通关的概率为×=;
故答案为:;
(3)锐锐将每道题各用一次“求助”,分别用A,B表示剩下的第一道单选题的2个选项,a,b,c表示剩下的第二道单选题的3个选项,
树状图如图所示:
共有6种等可能的结果,锐锐顺利通关的只有1种情况,
∴锐锐顺利通关的概率为:.
【点评】此题考查了列表法或树状图法求概率.用到的知识点为:概率=所求情况数与总情况数之比.
26.(2014•白云区三模)贵阳市某楼盘准备以每平方米6000元的均价对外销售,由于国务院有关房地产的新政策出台后,购房者持币观望,房地产开发商为了加快资金周转,对价格经过两次下调后,决定以每平方米4860元的均价开盘销售.
(1)求平均每次下调的百分率.
(2)某人准备以开盘价均价购买一套100平方米的住房,开发商给予以下两种优惠方案以供选择:
①打9.8折销售;
②不打折,一次性送装修费每平方米80元,试问哪种方案更优惠?
【考点】一元二次方程的应用.
【分析】(1)设求平均每次下调的百分率为x,由降低率问题的数量关系建立方程求出其解即可;
(2)分别求出两种优惠方法的费用,比较大小就可以得出结论.
【解答】(1)解:设平均每次下调的百分率为x,由题意,得
6000(1﹣x)2=4860,
解得:x1=0.1,x2=1.9(舍去)
答:平均每次下调的百分率为10%;
(2)由题意,得
方案①优惠:4860×100×(1﹣0.98)=9720元,
方案②优惠:80×100=8000元.
∵9720>8000
∴方案①更优惠.
【点评】本题考查了列一元二次方程解实际问题的运用,一元二次方程的解法的运用,降低率问题的数量关系的运用,解答时列一元二次方程解实际问题是难点.
27.(2016•本溪二模)已知等边三角形ABC,AB=12,以AB为直径的半圆与BC边交于点D,过点D作DF⊥AC,垂足为F,过点F作FG⊥AB,垂足为G,连接GD,
(1)求证:DF与⊙O的位置关系并证明;
(2)求FG的长.
【考点】直线与圆的位置关系;等边三角形的性质;勾股定理;垂径定理.
【分析】(1)连接OD,证∠ODF=90°即可.
(2)利用△ADF是30°的直角三角形可求得AF长,同理可利用△FHC中的60°的三角函数值可求得FG长.
【解答】(1)证明:连接OD,
∵以等边三角形ABC的边AB为直径的半圆与BC边交于点D,
∴∠B=∠C=∠ODB=60°,
∴OD∥AC,
∵DF⊥AC,
∴∠CFD=∠ODF=90°,即OD⊥DF,
∵OD是以边AB为直径的半圆的半径,
∴DF是圆O的切线;
(2)∵OB=OD=AB=6,且∠B=60°,
∴BD=OB=OD=6,
∴CD=BC﹣BD=AB﹣BD=12﹣6=6,
∵在Rt△CFD中,∠C=60°,
∴∠CDF=30°,
∴CF=CD=×6=3,
∴AF=AC﹣CF=12﹣3=9,
∵FG⊥AB,
∴∠FGA=90°,
∵∠FAG=60°,
∴FG=AFsin60°=.
【点评】本题主要考查了直线与圆的位置关系、等边三角形的性质、垂径定理等知识,判断直线和圆的位置关系,一般要猜想是相切,那么证直线和半径的夹角为90°即可;注意利用特殊的三角形和三角函数来求得相应的线段长.
五、综合题(本大题共1小题,共10分)
28.(10分)(2009•常德)如图1,若△ABC和△ADE为等边三角形,M,N分别EB,CD的中点,易证:CD=BE,△AMN是等边三角形.
(1)当把△ADE绕A点旋转到图2的位置时,CD=BE是否仍然成立?若成立,请证明,若不成立,请说明理由;
(2)当△ADE绕A点旋转到图3的位置时,△AMN是否还是等边三角形?若是,请给出证明,并求出当AB=2AD时,△ADE与△ABC及△AMN的面积之比;若不是,请说明理由.
【考点】等边三角形的性质;全等三角形的判定与性质;勾股定理;旋转的性质.
【分析】(1)可以利用SAS判定△ABE≌△ACD,全等三角形的对应边相等,所以CD=BE.
(2)可以证明△AMN是等边三角形,AD=a,则AB=2a,根据已知条件分别求得△AMN的边长,因为△ADE,△ABC,△AMN为等边三角形,所以面积比等于边长的平方的比.
【解答】解:(1)CD=BE.理由如下:(1分)
∵△ABC和△ADE为等边三角形,
∴AB=AC,AE=AD,∠BAC=∠EAD=60°,
∵∠BAE=∠BAC﹣∠EAC=60°﹣∠EAC,
∠DAC=∠DAE﹣∠EAC=60°﹣∠EAC,
∴∠BAE=∠DAC,
∴△DAC≌△EAB(SAS),
∴CD=BE.(4分)
(2)△AMN是等边三角形.理由如下:(5分)
∵△ABE≌△ACD,
∴∠ABE=∠ACD
∵M、N分别是BE、CD的中点,
∴BM=BE=CD=CN,
∵AB=AC,∠ABE=∠ACD,
∴△ABM≌△ACN.
∴AM=AN,∠MAB=∠NAC.(6分)
∴∠NAM=∠NAC+∠CAM=∠MAB+∠CAM=∠BAC=60°,
∴△AMN是等边三角形.(7分)
设AD=a,则AB=2a.
∵AD=AE=DE,AB=AC,
∴CE=DE.
∵△ADE为等边三角形,
∴∠DEC=120°,∠ADE=60°,
∴∠EDC=∠ECD=30°,
∴∠ADC=90°.(8分)
∴在Rt△ADC中,AD=a,∠ACD=30°,
∴CD=a.
∵N为DC中点,
∴DN=,
∴AN=.(9分)
∵△ADE,△ABC,△AMN为等边三角形,
∴S△ADE:S△ABC:S△AMN=a2:(2a)2:()2=1:4: =4:16:7(10分)
解法二:△AMN是等边三角形.理由如下:(5分)
∵△ABE≌△ACD,M、N分别是BE、CD的中点,
∴AM=AN,NC=MB.
∵AB=AC,
∴△ABM≌△ACN,
∴∠MAB=∠NAC,
∴∠NAM=∠NAC+∠CAM=∠MAB+∠CAM=∠BAC=60°,
∴△AMN是等边三角形,(7分)
设AD=a,则AD=AE=DE=a,AB=BC=AC=2a,
易证BE⊥AC,
∴BE=,
∴EM=,
∴AM=,
∵△ADE,△ABC,△AMN为等边三角形,
∴S△ADE:S△ABC:S△AMN=a2:(2a)2:()2=1:4: =4:16:7.(10分)
【点评】此题考查了全等三角形的判定,等边三角形的性质,勾股定理及旋转的性质等知识的综合运用及推理论证能力.
本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/59b5690cf342336c1eb91a37f111f18582d00c4d.html
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