1.1 随机事件
习题1试说明随机试验应具有的三个特点.
习题2将一枚均匀的硬币抛两次,事件A,B,C分别表示“第一次出现正面”,“两次出现同一面”,“至少有一次出现正面”,试写出样本空间及事件A,B,C中的样本点.
1.2 随机事件的概率
1.3 古典概型
1.4 条件概率
1.5 事件的独立性
复习总结与总习题解答
习题3. 证明下列等式:
第二章 随机变量及其分布
2.1 随机变量
习题1随机变量的特征是什么?
解答:①随机变量是定义在样本空间上的一个实值函数.
②随机变量的取值是随机的,事先或试验前不知道取哪个值.
③随机变量取特定值的概率大小是确定的.
习题2试述随机变量的分类.
解答:①若随机变量X的所有可能取值能够一一列举出来,则称X为离散型随机变量;否则称为非离散型随机变量.②若X的可能值不能一一列出,但可在一段连续区间上取值,则称X为连续型随机变量.
习题3盒中装有大小相同的球10个,编号为0,1,2,⋯,9, 从中任取1个,观察号码是“小于5”,“等于5”,“大于5”的情况,试定义一个随机变量来表达上述随机试验结果,并写出该随机变量取每一个特定值的概率.
解答:分别用ω1,ω2,ω3表示试验的三个结果“小于5”,“等于5”,“大于5”,则样本空间S={ω1,ω2,ω3}, 定义随机变量X如下:
X=X(ω)={0,ω=ω11,ω=ω2,2,ω=ω3
则X取每个值的概率为
P{X=0}=P{取出球的号码小于5}=5/10,
P{X=1}=P{取出球的号码等于5}=1/10,
P{X=2}=P{取出球的号码大于5}=4/10.
2.2 离散型随机变量及其概率分布
习题1设随机变量X服从参数为λ的泊松分布,且P{X=1}=P{X=2}, 求λ.
解答:由P{X=1}=P{X=2}, 得
λe-λ=λ^2/2e^-λ,解得λ=2.
习题2
设随机变量X的分布律为 P{X=k}=k15,k=1,2,3,4,5,
试求(1)P{12
解答:(1)P{12
(2)P{≤X≤3}=P{X=1}+P{X=2}+P{X=3}
=115+215+315=25;
(3)P{X>3}=P{X=4}+P{X=5}=415+515=35.
习题4
一袋中装有5只球,编号为1,2,3,4,5. 在袋中同时取3只,以X表示取出的3只球中的最大号码,写出随机变量X的分布律.
解答:随机变量X的可能取值为3,4,5.
P{X=3}=C22⋅1C53=110, P{X=4}=C32⋅1C53=310, P{X=5}=C42⋅1C53=35,
所以X的分布律为
习题5某加油站替出租车公司代营出租汽车业务,每出租一辆汽车,可从出租公司得到3元.因代营业务,每天加油站要多付给职工服务费60元,设每天出租汽车数X是一个随机变量,它的概率分布如下:
求因代营业务得到的收入大于当天的额外支出费用的概率.
解答:因代营业务得到的收入大于当天的额外支出费用的概率为:
P{3X>60}, 即P{X>20},
P{X>20}=P{X=30}+P{X=40}=0.6.
就是说,加油站因代营业务得到的收入大于当天的额外支出费用的概率为0.6.
习题6设自动生产线在调整以后出现废品的概率为p=0.1, 当生产过程中出现废品时立即进行调整,X代表在两次调整之间生产的合格品数,试求:
(1)X的概率分布; (2)P{X≥5};
(3)在两次调整之间能以0.6的概率保证生产的合格品数不少于多少?
解答:(1)P{X=k}=(1-p)kp=(0.9)k×0.1,k=0,1,2,⋯;
(2)P{X≥5}=∑k=5∞P{X=k}=∑k=5∞(0.9)k×0.1=(0.9)5;
(3)设以0.6的概率保证在两次调整之间生产的合格品不少于m件,则m应满足
P{X≥m}=0.6,即P{X≤m-1}=0.4. 由于
P{X≤m-1}=∑k=0m-1(0.9)k(0.1)=1-(0.9)m,
故上式化为1-0.9m=0.4, 解上式得 m≈4.85≈5,
因此,以0.6的概率保证在两次调整之间的合格品数不少于5.
习题7设某运动员投篮命中的概率为0.6, 求他一次投篮时,投篮命中的概率分布.
解答:此运动员一次投篮的投中次数是一个随机变量,设为X, 它可能的值只有两个,即0和1.
X=0表示未投中,其概率为 p1=P{X=0}=1-0.6=0.4,
X=1表示投中一次,其概率为 p2=P{X=1}=0.6.
则随机变量的分布律为
习题8某种产品共10件,其中有3件次品,现从中任取3件,求取出的3件产品中次品的概率分布.
解答:
设X表示取出3件产品的次品数,则X的所有可能取值为0,1,2,3. 对应概率分布为
P{X=0}=C73C103=35120, P{X=1}=C73C31C103=36120,
P{X=2}=C71C32C103=21120, P{X=3}=C33C103=1120.
X的分布律为
习题9一批产品共10件,其中有7件正品,3件次品,每次从这批产品中任取一件,取出的产品仍放回去,求直至取到正品为止所需次数X的概率分布.
解答:由于每次取出的产品仍放回去,各次抽取相互独立,下次抽取时情况与前一次抽取时完全相同,所以X的可能取值是所有正整数1,2,⋯,k,⋯.
设第k次才取到正品(前k-1次都取到次品), 则随机变量X的分布律为
P{X=k}=310×310×⋯×310×710=(310)k-1×710,k=1,2,⋯.
习题11纺织厂女工照顾800个纺绽,每一纺锭在某一段时间τ内断头的概率为0.005, 在τ这段时间内断头次数不大于2的概率.
解答:以X记纺锭断头数, n=800,p=0.005,np=4,
应用泊松定理,所求概率为:
P{0≤X≤2}=P{⋃0≤xi≤2{X=xi}=∑k=02b(k;800,0.005)
≈∑k=02P(k;4)=e-4(1+41!+422!)≈0.2381.
习题12设书籍上每页的印刷错误的个数X服从泊松分布,经统计发现在某本书上,有一个印刷错误与有两个印刷错误的页数相同,求任意检验4页,每页上都没有印刷错误的概率.
解答:\becauseP{X=1}=P{X=2}, 即
λ11!e-λ=λ22!e-λ⇒λ=2,
∴P{X=0}=e-2,
∴p=(e-2)4=e-8.
2.3 随机变量的分布函数
习题1F(X)={0,x<-20.4,-2≤x<01,x≥0, 是随机变量X的分布函数,则X是___________型的随机变量.
解答:离散.
由于F(x)是一个阶梯函数,故知X是一个离散型随机变量.
习题2设F(x)={0x<0x20≤1,1x≥1 问F(x)是否为某随机变量的分布函数.
解答:首先,因为0≤F(x)≤1,∀x∈(-∞,+∞).
其次,F(x)单调不减且右连续,即
F(0+0)=F(0)=0, F(1+0)=F(1)=1,
且 F(-∞)=0,F(+∞)=1,
所以F(x)是随机变量的分布函数.
习题3已知离散型随机变量X的概率分布为P{X=1}=0.3,P{X=3}=0.5,P{X=5}=0.2,
试写出X的分布函数F(x),并画出图形.
解答:由题意知X的分布律为:
所以其分布函数F(x)=P{X≤x}={0,x<10.3,1≤x<30.8,3≤x<51,x≥5.
F(x)的图形见图.
习题4设离散型随机变量X的分布函数为 F(x)={0,x<-10.4,-1≤x<10.8,1≤x<31,x≥3,
试求:(1)X的概率分布; (2)P{X<2∣X≠1}.
解答:(1)
(2)P{X<2∣X≠1}=P{X=-1}P{X≠1}=23.
习题5设X的分布函数为
F(x)={0,x<0x2,0≤x<1x-12,1≤x<1.51,x≥1.5,
求P{0.4
解答:P{0.4
P{X>0.5}=1-P{X≤0.5}=1-F(0.5)=1-0.5/2=0.75,
P{1.7
习题7在区间[0,a]上任意投掷一个质点,以X表示这个质点的坐标.设这个质点落在[0,a]中任意小区间内的概率与这个小区间的长度成正比例,试求X的分布函数.
解答: F(x)=P{X≤x}={0,x<0xa,0≤x
2.4 连续型随机变量及其概率密度
习题1设随机变量X的概率密度为
f(x)=12πe-(x+3)24(-∞
解答:应填3+X2.
由正态分布的概率密度知μ=-3,σ=2由Y=X-μσ∼N(0,1), 所以Y=3+X2∼N(0,1).
习题2已知X∼f(x)={2x,0
解答:P{X≤0.5}=∫-∞0.5f(x)dx=∫-∞00dx+∫00.52xdx=x2∣00.5=0.25,
P{X=0.5}=P{X≤0.5}-P{X<0.5}=∫-∞0.5f(x)dx-∫-∞0.5f(x)dx=0.
当X≤0时,F(x)=0;
当0
当X≥1时,F(x)=∫-∞xf(t)dt=∫-∞00dt+∫0x2tdt+∫1x0dt=t2∣01=1,故
F(x)={0,x≤0x2,0
习题3设连续型随机变量X的分布函数为
F(x)={A+Be-2x,x>00,x≤0,试求:(1)A,B的值;(2)P{-1
解答:(1)\becauseF(+∞)=limx→+∞(A+Be-2x)=1, ∴A=1;
又 \becauselimx→0+(A+Be-2x)=F(0)=0, ∴B=-1.
(2) P{-1
(3)f(x)=F′(x)={2e-x,x>00,x≤0.
习题5某型号电子管,其寿命(以小时计)为一随机变量,概率密度
f(x)={100x2,x≥1000,其它,
某一电子管的使用寿命为X, 则三个电子管使用150小时都不需要更换的概率.
解答:设电子管的使用寿命为X, 则电子管使用150小时以上的概率为
P{X>150}=∫150+∞f(x)dx=∫150+∞100x2dx
=-100x∣150+∞=100150=23,
从而三个电子管在使用150小时以上不需要更换的概率为 p=(2/3)3=8/27.
习题6设一个汽车站上,某路公共汽车每5分钟有一辆车到达,设乘客在5分钟内任一时间到达是等可能的,试计算在车站候车的10位乘客中只有1位等待时间超过4分钟的概率.
解答:设X为每位乘客的候车时间,则X服从[0,5]上的均匀分布. 设Y表示车站上10位乘客中等待时间超过4分钟的人数. 由于每人到达时间是相互独立的.这是10重伯努力概型. Y服从二项分布,其参数
n=10,p=P{X≥4}=15=0.2,
所以 P{Y=1}=C101×0.2×0.89≈0.268.
习题7
设X∼N(3,22).(1)确定C, 使得P{X>c}=P{X≤c};(2)设d满足P{X>d}≥0.9, 问d至多为多少?
解答:因为X∼N(3,22), 所以X-32=Z∼N(0,1).
(1)欲使P{X>c}=P{X≤c}, 必有1-P{X≤c}=P{X≤c}, 即 P{X≤c}=1/2,
亦即Φ(c-32)=12, 所以 c-32=0, 故c=3.
(2)由P{X>d}≥0.9可得1-P{X≤d}≥0.9, 即 P{X≤d}≤0.1.
于是Φ(d-32)≤0.1,Φ(3-d2)≥0.9.查表得3-d2≥1.282, 所以d≤0.436.
习题9某玩具厂装配车间准备实行计件超产奖,为此需对生产定额作出规定. 根据以往记录,各工人每月装配产品数服从正态分布N(4000,3600).假定车间主任希望10%的工人获得超产奖,求:工人每月需完成多少件产品才能获奖?
解答:用X表示工人每月需装配的产品数,则X∼N(4000,3600).
设工人每月需完成x件产品才能获奖,依题意得P{X≥x}=0.1, 即
1-P{X
所以1-F(x)=0.1, 即 1-Φ(x-400060)=0.1, 所以Φ(x-400060)=0.9.
查标准正态人分布表得Φ(1.28)=0.8997, 因此 x-400060≈1.28, 即x=4077件,
就是说,想获超产奖的工人,每月必须装配4077件以上.
习题11设某城市男子身高X∼N(170,36), 问应如何选择公共汽车车门的高度使男子与车门碰头的机会小于0.01.
解答:X∼N(170,36), 则X-1706∼N(0,1).
设公共汽车门的高度为xcm,由题意P{X>x}<0.01, 而
P{X>x}=1-P{X≤x}=1-Φ(x-1706)<0.01,
即Φ(x-1706)>0.99, 查标准正态表得x-1706>2.33, 故x>183.98cm.
因此,车门的高度超过183.98cm时,男子与车门碰头的机会小于0.01.
习题12某人去火车站乘车,有两条路可以走. 第一条路程较短,但交通拥挤,所需时间(单位:分钟)服从正态分布N(40,102); 第二条路程较长,但意外阻塞较少,所需时间服从正态分布N(50,42), 求:
(1)若动身时离开车时间只有60分钟,应走哪一条路线?
(2)若动身时离开车时间只有45分钟,应走哪一条路线?
解答:设X,Y分别为该人走第一、二条路到达火车站所用时间,则 X∼N(40,102),Y∼N(50,42).
哪一条路线在开车之前到达火车站的可能性大就走哪一条路线.
(1)因为P{X<60}=Φ(60-4010)=Φ(2)=0.97725, P{Y<60}=Φ(60-504)=Φ(2.5)=0.99379,
所以有60分钟时应走第二条路.
(2)因为P{X<45}=Φ(45-4010)=Φ(0.5)=0.6915,
P{X<45}=Φ(45-504)=Φ(-1.25)=1-Φ(1.25)=1-0.8925=0.1075
所以只有45分钟应走第一条路.
2.5 随机变量函数的分布
习题1已知X的概率分布为
试求:(1)a; (2)Y=X2-1的概率分布.
解答:(1)\because2a+1/10+3a+a+a+2a=1,
∴a=1/10.
(2)
习题2设X的分布律为P{X=k}=12k,k=1,2,⋯, 求Y=sinπ2X的分布律.
解答:因为 sinxnπ2={1,当n=4k-10,当n=2k-1,当n=4k-3,
所以Y=sin(π2X)只有三个可能值-1,0,1. 容易求得 P{Y=-1}=215,P{=0}=13,P{Y=1}=815
故Y的分布律列表表示为
习题3
设随机变量X服从[a,b]上的均匀分布,令Y=cX+d(c≠0), 试求随机变量Y的密度函数.
解答: fY(y)={fX(y-dc)⋅1∣c∣,a≤y-dc≤b0,其它,
当c>0时,fY(y)={1c(b-a),ca+d≤y≤cb+d0,其它,当c<0时,fY(y)={-1c(b-a),cb+d≤y≤ca+d0,其它.
习题4设随机变量X服从[0,1]上的均匀分布,求随机变量函数Y=eX的概率密度fY(y).
解答:f(x)={1,0≤x≤10,其它,
f=ex,x∈(0,1)是单调可导函数,y∈(1,e), 其反函数为x=lny, 可得
f(x)={fX(lny)∣ln′y,1
习题5设X∼N(0,1),求Y=2X2+1的概率密度.
解答:因y=2x2+1是非单调函数,故用分布函数法先求FY(y).
FY(y)=P{Y≤y}=P{2X2+1≤y}(当y>1时)
=P{-y-12≤X≤y-12=∫-y-12y-1212πe-x2dx,
所以fY(y)=F′Y(y)=22πe-12⋅y-12⋅122y-1,y>1, 于是
fY(y)={12π(y-1)e-y-14,y>10,y≤1.
习题7某物体的温度T(∘F)是一个随机变量, 且有T∼N(98.6,2), 已知θ=5(T-32)/9, 试求θ(∘F)的概率密度.
解答:已知T∼N(98.6,2). θ=59(T-32), 反函数为T=59θ+32, 是单调函数,所以
fθ(y)=fT(95y+32)⋅95=12π⋅2e-(95y+32-98.6)24⋅95
=910πe-81100(y-37)2.
总习题解答
习题1从1∼20的整数中取一个数,若取到整数k的概率与k成正比,求取到偶数的概率.
解答:设Ak为取到整数k, P(Ak)=ck, k=1,2,⋯,20.
因为P(⋃K=120Ak)=∑k=120P(Ak)=c∑k=120k=1, 所以c=1210,
P{取到偶数}=P{A2∪A4∪⋯∪A20} =1210(2+4+⋯+20)=1121.
习题2若每次射击中靶的概率为0.7, 求射击10炮,
(1)命中3炮的概率;(2)至少命中3炮的概率;(3)最可能命中几炮.
解答:若随机变量X表示射击10炮中中靶的次数. 由于各炮是否中靶相互独立,所以是一个10重伯努利概型,X服从二项分布,其参数为n=10,p=0.7, 故
(1)P{X=3}=C103(0.7)3(0.3)7≈0.009;
(2)P{X≥3}=1-P{X<3}
=1-[C100(0.7)0(0.3)10+C101(0.7)1(0.3)9+C102(0.7)2(0.3)8]
≈0.998;
(3)因X∼b(10,0.7), 而 k0=[(n+1)p]=[(10+1)]×0.7=[7.7]=7,
故最可能命中7炮.
习题3在保险公司里有2500名同一年龄和同社会阶层的人参加了人寿保险,在1年中每个人死亡的概率为0.002,每个参加保险的人在1月1日须交120元保险费,而在死亡时家属可从保险公司里领20000元赔偿金,求:(1)保险公司亏本的概率;(2)保险公司获利分别不少于100000元, 200000元的概率.
解答:1)以“年”为单位来考虑,在1年的1月1日,保险公司总收入为
2500×120元=30000元.
设1年中死亡人数为X, 则X∼b(2500,0.002), 则保险公司在这一年中应付出200000X(元),要使保险公司亏本,则必须 200000X>300000即X>15(人).
因此,P{保险公司亏本}=P{X>15}
=∑k=162500C2500k(0.002)k×(0.998)2500-k
≈1-∑k=015e-55kk!≈0.000069,
由此可见,在1年里保险公司亏本的概率是很小的.
(2)P{保险公司获利不少于100000元} =P{300000-200000X≥100000}=P{X≤10} =∑k=010C2500k(0.002)×(0.998)2500-k≈∑k=010e-55kk!≈0.986305,
即保险公司获利不少于100000元的概率在98%以上.
P{保险公司获利不少于200000元} =P{300000-200000X≥200000}=P{X≤5} =∑k=05C2500k(0.002)k×(0.998)2500-k≈∑k=05e-55kk!≈0.615961,
即保险公司获利不少于200000元的概率接近于62%.
习题4一台总机共有300台分机,总机拥有13条外线,假设每台分机向总机要外线的概率为3%, 试求每台分机向总机要外线时,能及时得到满足的概率和同时向总机要外线的分机的最可能台数.
解答:设分机向总机要到外线的台数为X, 300台分机可看成300次伯努利试验,一次试验是否要到外线. 设要到外线的事件为A, 则P(A)=0.03, 显然X∼b(300,0.03), 即
P{X=k}=C300k(0.03)k(0.97)300-k(k=0,1,2,⋯,300),
因n=300很大,p=0.03又很小,
λ=np=300×0.03=9,
可用泊松近似公式计算上面的概率. 因总共只有13条外线,要到外线的台数不超过13,故
P{X≤13}≈∑k=0139kk!e-9≈0.9265, (查泊松分布表)
且同时向总机要外线的分机的最可能台数
k0=[(n+1)p]=[301×0.03]=9.
习题5在长度为t的时间间隔内,某急救中心收到紧急呼救的次数X服从参数t2的泊松分布,而与时间间隔的起点无关(时间以小时计), 求:
(1)某一天从中午12至下午3时没有收到紧急呼救的概率;
(2)某一天从中午12时至下午5时至少收到1次紧急呼救的概率.
解答:(1)t=3,λ=3/2, P{X=0}=e-3/2≈0.223;(2)t=5,λ=5/2, P{X≥1}=1-P{X=0}=1-e-5/2≈0.918.
习题6设X为一离散型随机变量,其分布律为
试求:(1)q的值; (2)X的分布函数.
解答:(1)\because离散型随机变量的概率函数P{X=xi}=pi, 满足∑ipi=1, 且0≤pi≤1,
∴ {1/2+1-2q+q2=10≤1-2q≤1q2≤1,
解得q=1-1/2. 从而X的分布律为下表所示:
(2)由F(x)=P{X≤x}计算X的分布函数
F(x)={0,1/2,2-1/2,1,x<-1-1≤x<00≤x<0x≥1.
习题9设连续型随机变量X的分布密度为
f(x)={x,0
求其分布函数F(x).
解答:当x≤0时,F(x)=∫-∞x0dt=0;
当0
当1
F(x)=∫-∞xf(t)dt=∫-∞00dt+∫01tdt+∫1x(2-t)dt
=0+12+(2t-12t2)∣1x=-1+2x-x22;
当x>2时,F(x)=∫-∞00dt+∫01tdt+∫12(2-t)dt+∫2x0dt=1, 故
F(x)={0,x≤212x2,0
习题10某城市饮用水的日消费量X(单位:百万升)是随机变量,其密度函数为:
f(x)={19xe-x3,x>00,其它,
试求:(1)该城市的水日消费量不低于600万升的概率;(2)水日消费量介于600万升到900万升的概率.
解答:先求X的分布函数F(x). 显然,当x<0时,F(x)=0, 当x≥0时有
F(x)=∫0x19te-t3dt=1-(1+x3)e-x3
故F(x)={1-(1+x3)e-x3,x≥00,x<0, 所以
P{X≥6}=1-P{X<6}=1-P(X≤6}=1-F(6)
=1-[1-(1+x3)e-x3]x=6=3e-2,
P{6
习题11
已知X∼f(x)={cλe-λx,x>a0,其它(λ>0), 求常数c及P{a-1
解答:由概率密度函数的性质知∫-∞+∞f(x)dx=1, 而
∫-∞+∞f(x)dx=∫-∞a0dx+∫a+∞cλe-λxdx
=c∫a+∞e-λxd(λx)=-ce-λx\vlinea+∞=ce-λa,
所以ce-λa=1, 从而c=eλa. 于是
P{a-1
=-eλae-λx\vlineaa+1=-eλa(e-λ(a+1)-e-λa)=1-e-λ.
习题12已知X∼f(x)={12x2-12x+3,0
解答:根据条件概率;有
P{X≤0.2∣0.1
=P{0.1
=(4x3-6x2+3x)∣0.10.2(4x3-6x2+3x)∣0.10.5=0.1480.256=0.578125.
习题15设K在(0,5)上服从均匀分布,求x的方程4x2+4Kx+K+2=0有实根的概率.
解答:因为K∼U(0,5), 所以 fK(k)={1/5,0
方程4x2+4Kx+K+2=0有实根的充要条件为(4K)2-4⋅4(K+2)≥0, 即 K2-K-2≥0,
亦即(k-2)(K+1)≥0, 解得K≥2(K≤-1舍去), 所以P{方程有实根}=P{K≥2}=∫2515dx=35.
习题13若F1(x),F2(x)为分布函数,
(1)判断F1(x)+F2(x)是不是分布函数,为什么?
(2)若a1,a2是正常数,且a1+a2=1. 证明:a1F1(x)+a2F2(x)是分布函数.
解答:(1)F(+∞)=limx→+∞F(x)=limx→+∞F1(x)+limx→+∞F2(x)=1+1=2≠1
故F(x)不是分布函数.
(2)由F1(x),F2(x)单调非减,右连续,且 F1(-∞)=F2(-∞)=0,F1(+∞)=F2(+∞)=1,
可知a1F1(x)+a2F2(x)单调非减,右连续,且 a1F1(-∞)+a2F2(-∞)=0,a1F1(+∞)+a2F2(+∞)=1.
从而a1F1(x)+a2F2(x)是分布函数.
习题16某单位招聘155人,按考试成绩录用,共有526人报名,假设报名者考试成绩X∼N(μ,σ2), 已知90分以上12人,60分以下83人,若从高分到低分依次录取,某人成绩为78分,问此人是否能被录取?
解答:要解决此问题首先确定μ,σ2, 因为考试人数很多,可用频率近似概率.根据已知条件
P{X>90}=12/526≈0.0228,
P{X≤90}=1-P{X>90}≈1-0.0228}=0.9772;
又因为P{X≤90}=P{X-μσ≤90-μσ, 所以有Φ(90-μσ)=0.9772, 反查标准正态表得
90-μσ=2 ①
同理:P{X≤60}=83/526≈0.1578; 又因为P{X≤60}=P{X-μσ≤60-μσ,
故Φ(60-μσ)≈0.1578.
因为0.1578<0.5,所以60-μσ<0, 故Φ(μ-60σ)≈1-0.1578=0.8422, 反查标准正态表得
μ-60σ≈1.0 ②
联立①,②解得σ=10,μ=70, 所以,X∼N(70,100).
某人是否能被录取,关键看录取率. 已知录取率为155526≈0.2947, 看某人是否能被录取,解法有两种:
方法1:
P{X>78}=1-P{X≤78}=1-P{x-7010≤78-7010
=1-Φ(0.8)≈1-0.7881=0.2119,
因为0.2119<0.2947(录取率), 所以此人能被录取.
方法2:看录取分数线. 设录取者最低分为x0, 则P{X≥x0}=0.2947(录取率),
P{X≤x0}=1-P{X≥x0}=1-0.2947=0.7053,
P{X≤x0}=P{x-7010≤x0-7010=Φ{x0-7010=0.7053,
反查标准正态表得x0-7010≈0.54, 解得x0≈75. 此人成绩78分高于最低分,所以可以录取.
习题17
假设某地在任何长为t(年)的时间间隔内发生地震的次数N(t)服从参数为λ=0.1t的泊松分布,X表示连续两次地震之间间隔的时间(单位:年).
(1)证明X服从指数分布并求出X的分布函数;(2)求今后3年内再次发生地震的概率;
(3)求今后3年到5年内再次发生地震的概率.
解答:(1)当t≥0时,P{X>t}=P{N(t)=0}=e-0.1t,
∴F(t)=P{X≤t}=1-P{X>t}=1-e-0.1t;
当t<0时,F(t)=0,
∴ F(x)={1-e-0.1t,x≥00,x<0,
X服从指数分布(λ=0.1);
(2)F(3)=1-e-0.1×3≈0.26;
(3)F(5)-F(3)≈0.13.
习题18100件产品中,90个一等品,10个二等品,随机取2个安装在一台设备上,若一台设备中有i个(i=0,1,2)二等品,则此设备的使用寿命服从参数为λ=i+1的指数分布.
(1)试求设备寿命超过1的概率 ;
(2)已知设备寿命超过1,求安装在设备上的两个零件都是一等品的概率 .
解答:(1)设X表示设备寿命. A表示“设备寿命超过1”,Bi表示“取出i个二等品”(i=0,1,2),则X的密度函数为
fX(x)={λe-λx,x>00,x≤0 (λ=i+1,i=0,1,2),
P(B0)=C902C1002, P(B1)=C901C102C1002, P(B2)=C102C1002,
P(A∣B0)=∫1+∞e-xdx=e-1, P(A∣B1)=∫1+∞2e-2xdx=e-2,
P(A∣B2)=∫1+∞3e-3xdx=e-3,
由全概率公式:P(A)=∑i=02P(Bi)P(A∣Bi)≈0.32.
(2)由贝叶斯公式:P(B0∣A)=P(B0)P(A∣B0)P(A)≈0.93.
习题19设随机变量X的分布律为
试求Y=X2的分布律.解答:
所以
注:随机变量的值相同时要合并,对应的概率为它们概率之和.
习题20设随机变量X的密度为
fX(x)={0,x<02x3e-x2,x≥0,求Y=2X+3的密度函数.
解答:由Y=2X+3, 有 y=2x+3,x=y-32,x′=12,
由定理即得 fY(x)={0,y<3(y-32)3e-(y-32),y≥3.
习题21设随机变量X的概率密度
fX(x)={e-x,x>00,其它,
求Y=eX的概率密度.
解答:因为α=min{y(0),y(+∞)}=min{1,+∞}=1,
β=max{y(0),y(+∞)}=max{1,+∞}=+∞.
类似上题可得
fY(y)={fX[h(y)]∣h′(y)∣,1
={1/y2,1
习题22设随便机变量X的密度函数为 fX(x)={1-∣x∣,-1
求随机变量Y=X2+1的分布函数与密度函数.
解答:X的取值范围为(-1,1), 则Y的取值范围为[1,2). 当1≤y<2时,
FY(y)=P{Y≤y}=P{X2+1≤y}
=P{-Y-1≤x≤y-1}=∫-y-1y-1(1-∣x∣)dx
=2∫0y-1(1-x)dx=1-(1-y-1)2,
从而Y的分布函数为 FY(y)={0,y<11-(1-y-1)2,1≤y<2,1,其它
Y的概率密度为
fY(y)={1y-1-1,1
第三章 多维随机变量及其分布
3.1 二维随机变量及其分布
习题1设(X,Y)的分布律为
求a.
解答:由分布律性质∑i⋅jPij=1, 可知 1/6+1/9+1/18+1/3+a+1/9=1,
解得 a=2/9.
习题2(1)2.设(X,Y)的分布函数为F(x,y),试用F(x,y)表示:
(1)P{a
习题2(2)2.设(X,Y)的分布函数为F(x,y),试用F(x,y)表示: (2)P{0
解答:P{0
习题2(3)2.设(X,Y)的分布函数为F(x,y),试用F(x,y)表示: (3)P{X>a,Y≤b}.
解答:P{X>a,Y≤b}=F(+∞,b)-F(a,b).
习题3(1)3.设二维离散型随机变量的联合分布如下表:
试求: (1)P{12
解答:P{12
P{X=1,Y=1}+P{X=1,Y=2}+P{X=1,Y=3}=P{X=1,Y=1}+P{X=1,Y=2}+P{X=1,Y=3}
=14+0+0=14.
习题3(2)3.设二维离散型随机变量的联合分布如下表:
试求: (2)P{1≤X≤2,3≤Y≤4};
解答:P{1≤X≤2,3≤Y≤4}=P{X=1,Y=3}+P{X=1,Y=4}+P{X=2,Y=3}+P{X=2,Y=4}=0+116+0+14=516.
习题3(3)3.设二维离散型随机变量的联合分布如下表:试求: (3)F(2,3).
解答:F(2,3)=P(1,1)+P(1,2)+P(1,3)+P(2,1)+P(2,2)+P(2,3)=14+0+0+116+14+0=916.
习题4设X,Y为随机变量,且 P{X≥0,Y≥0}=37, P{X≥0}=P{Y≥0}=47,求P{max{X,Y}≥0}.
解答:P{max{X,Y}≥0}=P{X,Y至少一个大于等于0} =P{X≥0}+P{Y≥0}-P{X≥0,Y≥0}
=47+47-37=57.
习题5(X,Y)只取下列数值中的值: (0,0),(-1,1),(-1,13),(2,0)
且相应概率依次为16,13,112,512, 请列出(X,Y)的概率分布表,并写出关于Y的边缘分布.
解答:(1)因为所给的一组概率实数显然均大于零,且有16+13+112+512=1, 故所给的一组实数必是某二维随机变量(X,Y)的联合概率分布. 因(X,Y)只取上述四组可能值,故事件:
{X=-1,Y=0}, {X=0,Y=13, {X=0,Y=1},{X=2,Y=13,{X=2,Y=1}
均为不可能事件,其概率必为零. 因而得到下表:
(2)P{Y=0}=P{X=-1,Y=0}+P{X=0,Y=0}+P{X=2,Y=0} =0+16+512=712,
同样可求得 P{Y=13=112,P{Y=1}=13,
关于的Y边缘分布见下表:
习题7设随机变量(X,Y)的概率密度为f(x,y)={k(6-x-y),0
(1)确定常数k; (2)求P{X<1,Y<3}; (3)求P{X<1.5}; (4)求P{X+Y≤4}.
解答:如图所示(1)由∫-∞+∞∫-∞+∞f(x,y)dxdy=1, 确定常数k.∫02∫24k(6-x-y)dydx=k∫02(6-2x)dx=8k=1,
所以k=18.(2)P{X<1,Y<3}=∫01dx∫2318(6-x-y)dy=38.(3)P{X<1.5}=∫01.5dx∫2418(6-x-y)dy=2732.
(4)P{X+Y≤4}=∫02dx∫24-x18(6-x-y)dy=23.
习题8已知X和Y的联合密度为 f(x,y)={cxy,0≤x≤1,0≤y≤10,其它,
试求:(1)常数c; (2)X和Y的联合分布函数F(x,y).
解答:(1)由于1=∫-∞+∞∫-∞+∞f(x,y)dxdy=c∫01∫01xydxdy=c4,c=4.
(2)当x≤0或y≤0时,显然F(x,y)=0;当x≥1,y≥1时,显然F(x,y)=1;
设0≤x≤1,0≤y≤1, 有 F(x,y)=∫-∞x∫-∞yf(u,v)dudv=4∫0xudu∫0yvdv=x2y2.
设0≤x≤1,y>1, 有 F(x,y)=P{X≤1,Y≤y}=4∫0xudu∫01ydy=x2.
最后,设x>1,0≤y≤1, 有 F(x,y)=P{X≤1,Y≤y}=4∫01xdx∫0yvdv=y2.
函数F(x,y)在平面各区域的表达式 F(x,y)={0,x≤0或y≤0x2,0≤x≤1,y>1x2y2,0≤x≤1,0≤y≤1.y2,x>
习题9设二维随机变量(X,Y)的概率密度为 f(x,y)={4.8y(2-x),0≤x≤1,x≤y≤10,其它,
求边缘概率密度fY(y).
解答:fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy ={∫0x4.8y(2-x)dy,0≤x≤10,其它={2.4x2(2-x),0≤x≤10,其它.
fY(y)=∫-∞+∞f(x,y)dx ={∫0y4.8y(2-x)dx,0≤y≤10,其它={2.4y(4y-y2),0≤y≤10,其它.
习题6设随机向量(X,Y)服从二维正态分布N(0,0,102,102,0), 其概率密度为 f(x,y)=1200πex2+y2200,
求P{X≤Y}.
解答:由于P{X≤Y}+P{X>Y}=1,且由正态分布图形的对称性,知
P{X≤Y}=P{X>Y}, 故 P{X≤Y}=12.
3.2 条件分布与随机变量的独立性
习题1二维随机变量(X,Y)的分布律为
(1)求Y的边缘分布律;(2)求P{Y=0∣X=0},P{Y=1∣X=0};
(3)判定X与Y是否独立?
解答:(1)由(x,y)的分布律知,y只取0及1两个值.
P{y=0}=P{x=0,y=0}+P{x=1,y=0}=715+730=0.7 P{y=1}=∑i=01P{x=i,y=1}=130+115=0.3.
(2)P{y=0∣x=0}=P{x=0,y=0}P{x=0}=23, P{y=1∣x=0}=13.
(3)已知P{x=0,y=0}=715, 由(1)知P{y=0}=0.7, 类似可得 P{x=0}=0.7.
因为P{x=0,y=0}≠P{x=0}⋅P{y=0}, 所以x与y不独立.
习题2将某一医药公司9月份和8份的青霉素针剂的订货单分别记为X与Y. 据以往积累的资料知X和Y的联合分布律为
(1)求边缘分布律;(2)求8月份的订单数为51时,9月份订单数的条件分布律.
解答:(1)边缘分布律为
对应X的值,将每行的概率相加,可得P{X=i}.对应Y的值(最上边的一行), 将每列的概率相加,可得P{Y=j}.
(2)当Y=51时,X的条件分布律为 P{X=k∣Y=51}=P{X=k,y=51}P{Y=51}=pk,510.28, k=51,52,53,54,55.
列表如下:
习题3已知(X,Y)的分布律如下表所示,试求:(1)在Y=1的条件下,X的条件分布律;
(2)在X=2的条件下,Y的条件分布律.
解答:由联合分布律得关于X,Y的两个边缘分布律为
故(1)在Y=1条件下,X的条件分布律为
(2)在X=2的条件下,Y的条件分布律为
习题4 已知(X,Y)的概率密度函数为f(x,y)={3x,0
(1)边缘概率密度函数;(2)条件概率密度函数.
解答:(1)fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy={3x2,0
fY(y)=∫-∞+∞f(x,y)dx={32(1-y2),0
(2)对∀y∈(0,1), fX∣Y(x∣y)=f(x,y)fY(y)={2x1-y2,y
对∀x∈(0,1), fY∣X(y∣x)=f(x,y)fX(x)={1x,0
习题5X与Y相互独立,其概率分布如表(a)及表(b)所示,求(X,Y)的联合概率分布,P{X+Y=1}, P{X+Y≠0}.
表(a)
表(b)
解答:由X与Y相互独立知 P{X=xi,Y=yi}=P{X=xi}P{Y=yj),
从而(X,Y)的联合概率分布为
亦即表
P{X+y=1}=P{X=-2,y=3}+P{X=0,Y=1}=116+148=112,
P{X+Y≠0}=1-P{X+Y=0}
=1-P{X=-1,Y=1}-P{X=12,Y=-12
=1-112-16=34.
习题7设随机变量X与Y都服从N(0,1)分布,且X与Y相互独立,求(X,Y)的联合概率密度函数.
解答:由题意知,随机变量X,Y的概率密度函数分别是 fX(x)=12πe-x22, fY(y)=12πe-y22
因为X与Y相互独立,所以(X,Y)的联合概率密度函数是 f(x,y)=12πe-12(x+y)2.
习题8设随机变量X的概率密度f(x)=12e-∣x∣(-∞
问:X与∣X∣是否相互独立?
解答:若X与∣X∣相互独立,则∀a>0, 各有 P{X≤a,∣X∣≤a}=P{X≤a}⋅P{∣X∣≤a},
而事件{∣X∣≤a}⊂{X≤a}, 故由上式有 P{∣X∣≤a}==P{X≤a}⋅P{∣X∣≤a},
⇒P{∣X∣≤a}(1-P{X≤a})=0
⇒P{∣X≤a∣}=0或1=P{X≤a}⋅(∀a>0)但当a>0时,两者均不成立,出现矛盾,故X与∣X∣不独立.
3.3 二维随机变量函数的分布
习题5设随机变量(X,Y)的概率密度为 f(x,y)={12(x+y)e-(x+y),x>0,y>00,其它,
(1)问X和Y是否相互独立?(2)求Z=X+Y的概率密度.
解答:(1)fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy
={∫0+∞12(x+y)e-(x+y)dy,x>00,x≤0
\under2line令x+y=t{∫x+∞12te-tdt=12(x+1)e-x,x>00,x≤0,
由对称性知fY(y)={12(y+1)e-y,y>00,y≤0, 显然 f(x,y)≠fX(x)fY(y),x>0,y>0,
所以X与Y不独立.
(2)用卷积公式求fZ(z)=∫-∞+∞f(x,z-x)dx.
当{x>0z-x>0 即 {x>0x
当z≤0时,fZ(z)=0;当z>0时,fZ(z)=∫0z12xe-xdx=12z2e-z.
于是,Z=X+Y的概率密度为 fZ(z)={12z2e-z,z>00,z≤0.
习题6设随机变量X,Y相互独立,若X服从(0,1)上的均匀分布,Y服从参数1的指数分布,求随机变量Z=X+Y的概率密度.
解答:据题意,X,Y的概率密度分布为 fX(x)={1,0
由卷积公式得Z=X+Y的概率密度为 fZ(z)=∫-∞+∞fX(x)fY(z-x)dx=∫-∞+∞fX(z-y)fY(y)dy
=∫0+∞fX(z-y)e-ydy.
由0
当z>0时, fZ(z)=∫0+∞fX(z-y)e-ydy=∫max(0,z-1)ze-ydy=e-max(0,z-1)-e-z,
即 fZ(z)={0,z≤01-e-z,0
习题7设随机变量(X,Y)的概率密度为f(x,y)={be-(x+y),0
(1)试确定常数b;(2)求边缘概率密度fX(x),fY(y);(3)求函数U=max{X,Y}的分布函数.
解答:(1)由∫-∞+∞∫-∞+∞f(x,y)dxdy=1,确定常数b. ∫01dx∫0+∞be-xe-ydy=b(1-e-1)=1,
所以b=11-e-1,从而 f(x,y)={11-e-1e-(x+y),0
(2)由边缘概率密度的定义得 fX(x)={∫0+∞11-e-1e-(x+y)dy=e-x1-e-x,0
fY(x)={∫0111-e-1e-(x+y)dx=e-y,0
(3)因为f(x,y)=fX(x)fY(y),所以X与Y独立,故 FU(u)=P{max{X,Y}≤u}=P{X≤u,Y≤u}=FX(u)FY(u),
其中 FX(x)=∫0xe-t1-e-1dt=1-e-x1-e-1,0
同理FY(y)={∫0ye-tdt=1-e-y,0
习题9设随机变量X,Y相互独立,且服从同一分布,试明: P{a
解答:设min{X,Y}=Z,则 P{a
FZ(z)=P{min{X,Y}≤z}=1-P{min{X,Y}>z} =1-P{X>z,Y>z}=1-P{X>z}P{Y>z} =1-[P{X>z}]2,
代入得 P{a
=[P{X>a}]2-[P{X>b}]2.证毕.
复习总结与总习题解答
习题1在一箱子中装有12只开关,其中2只是次品,在其中取两次,每次任取一只,考虑两种试验:(1)放回抽样;(2)不放回抽样.我们定义随机变量X,Y如下:
X={0,若第一次取出的是正品1,若第一次取出的是次品, Y={0,若第二次取出的是正品1,若第二次取出的是次品,试分别就(1),(2)两种情况,写出X和Y的联合分布律.
解答:(1)有放回抽样,(X,Y)分布律如下:
P{X=0,Y=0}=10×1012×12=2536; P{X=1,Y=0}=2×1012×12=536,
P{X=0,Y=1}=10×212×12=536, P{X=1,Y=1}=2×212×12=136,
(2)不放回抽样,(X,Y)的分布律如下:
P{X=0,Y=0}=10×912×11=4566, P{X=0,Y=1}=10×212×11=1066,
P{X=1,Y=0}=2×1012×11=1066, P{X=1,Y=1}=2×112×11=166,
习题2假设随机变量Y服从参数为1的指数分布,随机变量 Xk={0,若Y≤k1,若Y>k(k=1,2),
求(X1,X2)的联合分布率与边缘分布率.
解答:因为Y服从参数为1的指数分布,X1={0,若Y≤11,若Y>1, 所以有
P{X1=1}=P{Y>1}=∫1+∞e-ydy=e-1, P{X1=0}=1-e-1,
同理 P{X2=1}=P{Y>2}=∫2+∞e-ydy=e-2, P{X2=0}=1-e-2,
因为 P{X1=1,X2=1}=P{Y>2}=e-2,
P{X1=1,X2=0}=P{X1=1}-P{X1=1,X2=1}=e-1-e-2,
P{X1=0,X2=0}=P{Y≤1}=1-e-1,
P{X1=0,X2=1}=P{X1=0}-P{X1=0,X2=0}=0,
故(X1,X2)联合分布率与边缘分布率如下表所示:
习题3在元旦茶话会上,每人发给一袋水果,内装3只橘子,2只苹果,3只香蕉. 今从袋中随机抽出4只,以X记橘子数,Y记苹果数,求(X,Y)的联合分布.
解答:X可取值为0,1,2,3,Y可取值0,1,2.
P{X=0,Y=0}=P{∅}=0, P{X=0,Y=1}=C30C21C33/C84=2/70,
P{X=0,Y=2}=C30C22C32/C84=3/70, P{X=1,Y=0}=C31C20C33/C84=3/70,
P{X=1,Y=1}=C31C21C32/C84=18/70 , P{X=1,Y=2}=C31C22C31/C84=9/70,
P{X=2,Y=0}=C32C20C32/C84=9/70, P{X=2,Y=1}=C32C21C31/C84=18/70,
P{X=2,Y=2}=C32C22C30/C84=3/70, P{X=3,Y=0}=C33C20C31/C84=3/70,
P{X=3,Y=1}=C33C21C30/C84=2/70, P{X=3,Y=2}=P{∅}=0,
所以,(X,Y)的联合分布如下:
习题4设随机变量X与Y相互独立,下表列出了二维随机变量(X,Y)的联合分布律及关于X与Y的边缘分布律中的部分数值,试将其余数值填入表中的空白处:
解答:由题设X与Y相互独立,即有 pij=pi⋅p⋅j(i=1,2;j=1,2,3), p⋅1-p21=p11=16-18=124,
又由独立性,有 p11=p1⋅p⋅1=p1⋅16
故p1⋅=14.从而p13=14-124-18, 又由p12=p1⋅p⋅2, 即18=14⋅p⋅2.
从而p⋅2=12. 类似的有 p⋅3=13,p13=14,p2⋅=34.
将上述数值填入表中有
习题5设随机变量(X,Y)的联合分布如下表:
求:(1)a值;(2)(X,Y)的联合分布函数F(x,y);(3)(X,Y)关于X,Y的边缘分布函数FX(x)与FY(y).
解答:(1)\because由分布律的性质可知∑i⋅jPij=1, 故14+14+16+a=1,
∴a=13.(2)因F(x,y)=P{X≤x,Y≤y}
①当x<1或y<-1时,F(x,y)=0;②当1≤x<2,-1≤y<0时,F(x,y)=P{X=1,Y=-1}=1/4;
③当x≥2,-1≤y<0时, F(x,y)=P{X=1,Y=-1}+P{X=2,Y=-1}=5/12;
④当1≤x<2,y>0时, F(x,y)=P{X=1,Y=-1}+P{X=1,Y=0}=1/2;
⑤当x≥2,y≥0时, F(x,y)=P{X=1,Y=-1}+P{X=2,Y=-1} +P{X=1,Y=0}+P{X=2,Y=0} =1;
综上所述,得(X,Y)联合分布函数为
F(x,y)={0,x<1或y<-11/4,1≤x<2,-1≤y<05/12,x≥2,-1≤y<01/2,1≤x<2,y≥01,x≥2,y≥0.
(3)由FX(x)=P{X≤x,Y<+∞}=∑xi
FX(x)={0,x<114+14,1≤x<214+14+16+13,x≥2={0,x<11/2,1≤x<21,x≥2,
同理,由FY(y)=P{X<+∞,Y≤y}=∑yi≤y∑i=1+∞Pij, 得(X,Y)关于Y的边缘分布函数为
FY(y)={0,y<-12/12,-1≤y<01,y≥0.
习题6设随机变量(X,Y)的联合概率密度为 f(x,y)={c(R-x2+y2),x2+y2
求:(1)常数c; (2)P{X2+Y2≤r2}(r
解答:(1)因为 1=∫-∞+∞∫-∞+∞f(x,y)dydx=∫∫x2+y2
=∫02π∫0Rc(R-ρ)ρdρdθ=cπR33,
所以有c=3πR3.
(2)P{X2+Y2≤r2}=∫∫x2+y2
=∫02π∫0r3πR3(R-ρ)ρdρdθ=3r2R2(1-2r3R).
习题7设f(x,y)={1,0≤x≤2,max(0,x-1)≤y≤min(1,x)0,其它,
求fX(x)和fY(y).
解答: max(0,x-1)={0,x<1x-1,x≥1, min(1,x)={x,x<11,x≥1,
所以,f(x,y)有意义的区域(如图)可分为 {0≤x≤1,0≤y≤x},{1≤x≤2,1-x≤y≤1},
即f(x,y)={1,0≤x≤1,0≤y≤x1,1≤x≤2,x-1≤y≤1,0,其它 所以
fX(x)={∫0xdy=x,0≤x<1∫x-11dy=2-x,1≤x≤20,其它,
fY(y)={∫yy+1dx=1,0≤y≤10,其它.
习题8若(X,Y)的分布律为则α,β应满足的条件是¯, 若X与Y独立,则α=¯,β=¯.
解答:应填α+β=13;29;19.
由分布律的性质可知∑i⋅jpij=1, 故 16+19+118+13+α+β=1,即α+β=13.
又因X与Y相互独立,故P{X=i,Y=j}=P{X=i}P{Y=j}, 从而 α=P{X=2,Y=2}=P{X=i}P{Y=j},
=(19+α)(14+α+β)=(19+α)(13+13)=29, β=P{X=3,Y=2}=P{X=3}P{Y=2}
=(118+β)(13+α+β)=(118+β)(13+13),∴ β=19.
习题9设二维随机变量(X,Y)的概率密度函数为 f(x,y)={ce-(2x+y),x>0,y>00,其它,
(1)确定常数c; (2)求X,Y的边缘概率密度函数;(3)求联合分布函数F(x,y); (4)求P{Y≤X};
(5)求条件概率密度函数fX∣Y(x∣y); (6)求P{X<2∣Y<1}.
解答:(1)由∫-∞+∞∫-∞+∞f(x,y)dxdy=1求常数c.
∫0+∞∫0+∞ce-(2x+y)dxdy=c⋅(-12e-2x)\vline0+∞⋅(-e-y)∣0+∞=c2=1,所以c=2.
(2)fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy={∫0+∞2e-2xe-ydy,x>00,x≤0={2e-2x,x>00,x≤0,
fY(y)=∫-∞+∞f(x,y)dx={∫0+∞2e-2xe-ydx,y>00,其它={e-y,y>00,y≤0.
(3)F(x,y)=∫-∞x∫-∞yf(u,v)dvdu
={∫0x∫0y2e-2ue-vdvdu,x>0,y>00,其它 ={(1-e-2x)(1-e-y),x>0,y>00,其它.
(4)P{Y≤X}=∫0+∞dx∫0x2e-2xe-ydy=∫0+∞2e-2x(1-e-x)dx=13.
(5)当y>0时,fX∣Y(x∣y)=f(x,y)fY(y)={2e-2xe-ye-y,x>00,x≤0={2e-2x,x>00,x≤0.
(6)P{X<2∣Y<1}=P{X<2,Y<1}P{Y<1}
=F(2,1)∫01e-ydy=(1-e-1)(1-e-4)1-e-1=1-e-4.
习题10设随机变量X以概率1取值为0, 而Y是任意的随机变量,证明X与Y相互独立.
解答:因为X的分布函数为F(x)={0,当x<0时1,当x≥0时, 设Y的分布函数为FY(y),(X,Y)的分布函数为F(x,y),则当x<0时,对任意y, 有F(x,y)=P{X≤x,Y≤y}=P{(X≤x)∩(Y≤y)}
=P{∅∩(Y≤y)}=P{∅}=0=FX(x)FY(y);
当x≥0时,对任意y, 有F(x,y)=P{X≤x,Y≤y}=P{(X≤x)∩(Y≤y)}
=P{S∩(Y≤y)}=P{Y≤y}=Fy(y)=FX(x)FY(y),依定义,由F(x,y)=FX(x)FY(y)知,X与Y独立
习题12设二维随机变量(X,Y)的联合分布律为若X与Y相互独立,求参数a,b,c的值.
解答:关于X的边缘分布为
关于Y的边缘分布为
由于X与Y独立,则有p22=p2⋅p⋅2 得 b=(b+19)(b+49) ①
p12=p1⋅p⋅2 得 19=(a+19)(b+49) ②
由式①得b=29, 代入式②得a=118. 由分布律的性质,有
a+b+c+19+19+13=1,代入a=118,b=29, 得c=16.
易验证,所求a,b,c的值,对任意的i和j均满足pij=pi⋅×p⋅j.
因此,所求a,b,c的值为a=118,b=29,c=16.
习题13已知随机变量X1和X2的概率分布为
且P{X1X2=0}=1.(1)求X1和X2的联合分布律; (2)问X1和X2是否独立?
解答:(1)本题是已知了X1与X2的边缘分布律,再根据条件P{X1X2=0}=1, 求出联合分布. 列表如下:
由已知P{X1X2=0}=1, 即等价于P{X1X2≠0}=0, 可知P{X1=1,X2=1}=0,P{X1=-1,X2=1}=0.
再由p⋅1=p-11+p11+p01, 得p01=12, p-10=p-1⋅=p-11=14,p10=p1⋅-p11=14,
从而得p00=0.
(2)由于p-10=14≠p-1⋅⋅p⋅0=14⋅12=18, 所以知X1与X2不独立.
习题14设(X,Y)的联合密度函数为f(x,y)={1πR2,x2+y2≤R20,其它,
(1)求X与Y的边缘概率密度;(2)求条件概率密度,并问X与Y是否独立?
解答:(1)当x<-R或x>R时,fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy=∫-∞+∞0dy=0;
当-R≤x≤R时,fX(x)=∫-∞+∞f(x,y)dy=1πR2∫-R2-x2R2-x2dy=2πR2R2-x2.
于是fX(x)={2R2-x2πR2,-R≤x≤R0,其它.
由于X和Y的地位平等,同法可得Y的边缘概率密度是:fY(y)={2R2-y2πR2,-R≤y≤R0,其它.
(2)fX∣Y(x∣y)=f(x,y)fY(y)
注意在y处x值位于∣x∣≤R2-y2这个范围内,f(x,y)才有非零值,故在此范围内,有
fX∣Y(x∣y)=1πR22πR2⋅R2-y2=12R2-y2,即Y=y时X的条件概率密度为
fX∣Y(x∣y)={12R2-y2,∣x∣≤R2-y20,其它. 同法可得 X=x时Y的条件概率密度为
fY∣X(y∣x)={12R2-x2,∣y∣≤R2-x20,其它.
由于条件概率密度与边缘概率密度不相等,所以X与Y不独立.
习题18设随机变量X与Y相互独立,其概率密度函数分别为fX(x)={1,0≤x≤10,其它, fY(y)={Ae-y,y>00,y≤0,求:(1)常数A; (2)随机变量Z=2X+Y的概率密度函数.
解答:(1)1=∫-∞+∞fY(y)dy=∫0+∞A⋅e-ydy=A.
(2)因X与Y相互独立,故(X,Y)的联合概率密度为
f(x,y)={e-y,0≤x≤1,y>00,其它.于是当z<0时,有
F(z)=P{Z≤z}=P{2X+Y≤z}=0;当0≤z≤2时,有
F(z)=P{2X+Y≤z}=∫0z/2dx∫0z-2xe-ydy=∫0z/2(1-e2x-z)dx;
当z>2时,有F(z)=P{2X+Y≤2}=∫01dx∫0z-2xe-ydy=∫01(1-e2x-z)dx.
利用分布函数法求得Z=2X+Y的概率密度函数为
fZ(z)={0,z<0(1-e-z)/2,0≤z<2(e2-1)e-z/2,z≥2.
习题19设随机变量X,Y相互独立,若X与Y分别服从区间(0,1)与(0,2)上的均匀分布,求
U=max{X,Y}与V=min{X,Y}的概率密度.
解答:由题设知,X与Y的概率密度分别为 fX(x)={1,0
于是,①X与Y的分布函数分别为 FX(x)={0,x≤0x,0≤x<11,x≥1, FY(y)={0,y<0y/2,0≤y<21,y≥2,
从而U=max{X,Y}的分布函数为FU(u)=FX(u)FY(u)={0,u<0u2/2,0≤u<1u/2,1≤u<21,u≥2,
故U=max{X,Y}的概率密度为fU(u)={u,0≤u<20,其它.
②同理,由 FV(v)=1-[1-FX(v)][1-FY)]
=FX(v)+FY(v)-FX(v)FY(v)=FX(v)+FY(v)-FU(v),
得V=min{X,Y}的分布函数为FV(v)={0,v<0v2(3-v),0≤v<11,v≥1,
故V=min{X,Y}的概率密度为fV(v)={32-v,0
注:(1)用卷积公式,主要的困难在于X与Y的概率密度为分段函数,故卷积需要分段计算;(2)先分别求出X,Y的分布函数FX(x)与FY(y), 然后求出FU(u),再求导得fU(u); 同理先求出FV(v), 求导即得fV(v).
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