川省南充市高考数学一诊试卷理科
2018年四川省南充市高考数学一诊试卷(理科)
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)已知集合A={(x,y)|y=f(x)},B={(x,y)|x=1},则A∩B中元素的个数为( )
A.必有1个 B.1个或2个 C.至多1个 D.可能2个以上
2.(5分)已知复数z满足,则复数z的虚部是( )
A. B. C. D.
3.(5分)已知向量是互相垂直的单位向量,且,则=( )
A.﹣1 B.1 C.6 D.﹣6
4.(5分)已知变量x与变量y之间具有相关关系,并测得如下一组数据:
x | 6 | 5 | 10 | 12 |
y | 6 | 5 | 3 | 2 |
则变量x与y之间的线性回归直线方程可能为( )
A.=﹣ B.=﹣+ C.=﹣+ D.=﹣
5.(5分)设f(x)=asin(πx+α)+bcos(πx+β),其中a,b,α,β都是非零实数,若f(2017)=﹣1,那么 f(2018)=( )
A.1 B.2 C.0 D.﹣1
6.(5分)若0<m<1,则( )
A.logm(1+m)>logm(1﹣m) B.logm(1+m)>0
C.1﹣m>(1+m)2 D.
7.(5分)已知一个棱长为2的正方体,被一个平面截后所得几何体的三视图如图所示,则该截面的面积为( )
A. B.4 C.3 D.
8.(5分)函数f(x)=x3+x2﹣ax﹣4在区间(﹣1,1)内恰有一个极值点,则实数a的取值范围为( )
A.(1,5) B.[1,5) C.(1,5] D.(﹣∞,1)∪(5,+∞)
9.(5分)如图,将45°直角三角板和30°直角三角板拼在一起,其中45°直角三角板的斜边与30°直角三角板的30°角所对的直角边重合.若,则x+y=( )
A. B. C. D.
10.(5分)已知A,B,C,D是同一球面上的四个点,其中△ABC是正三角形,AD⊥平面ABC,AD=2AB=6,则该球的体积为( )
A. B.48π C.24π D.16π
11.(5分)已知抛物线C:x2=4y,直线l:y=﹣1,PA,PB为抛物线C的两条切线,切点分别为A,B,则“点P在l上”是“PA⊥PB”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
12.(5分)已知函数f(x)=1﹣(x>e,e=…是自然对数的底数)若f(m)=2ln﹣f(n),则f(mn)的取值范围为( )
A.[,1) B.[,1) C.[,1) D.[,1]
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13.(5分)的展开式中有理项系数之和为 .
14.(5分)函数y=的单调递增区间是 .
15.(5分)若圆O1:x2+y2=5与圆O2:(x+m)2+y2=20(m∈R)相交于A,B两点,且两圆在点A处的切线互相垂直,则线段AB的长度是 .
16.(5分)定义域为R的偶函数f(x)满足对x∈R,有f(x+2)=f(x)﹣f(1),且当x∈[2,3]时,f(x)=﹣2x2+12x﹣18,若函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至少有三个零点,则a的取值范围是 .
三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17.(12分)已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=2an﹣2.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若数列{}的前n项和为Tn,求Tn.
18.(12分)一个盒子中装有大量形状大小一样但重量不尽相同的小球,从中随机抽取50个作为样本,称出它们的重量(单位:克),重量分组区间为[5,15],(15,25],(25,35],(35,45],由此得到样本的重量频率分布直方图(如图).
(1)求a的值,并根据样本数据,试估计盒子中小球重量的众数与平均值;
(2)从盒子中随机抽取3个小球,其中重量在[5,15]内的小球个数为X,求X的分布列和数学期望.(以直方图中的频率作为概率)
19.(12分)如图,正方形ABCD与等边三角形ABE所在的平面互相垂直,M,N分别是DE,AB的中点.
(1)证明:MN∥平面BCE;
(2)求锐二面角M﹣AB﹣E的余弦值.
20.(12分)已知椭圆的左焦点为F,左顶点为A.
(1)若P是椭圆上的任意一点,求的取值范围;
(2)已知直线l:y=kx+m与椭圆相交于不同的两点M,N(均不是长轴的端点),AH⊥MN,垂足为H且,求证:直线l恒过定点.
21.(12分)已知a∈R,函数f(x)=ln(x+1)﹣x2+ax+2.
(1)若函数f(x)在[1,+∞)上为减函数,求实数a的取值范围;
(2)令a=﹣1,b∈R,已知函数g(x)=b+2bx﹣x2.若对任意x1∈(﹣1,+∞),总存在x2∈[﹣1,+∞),使得f(x1)=g(x2)成立,求实数b的取值范围.
请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.(10分)在平面直角坐标系xOy中,曲线C的参数方程为(α为参数),在以原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,直线l的极坐标方程为.
(1)求C的普通方程和l的倾斜角;
(2)设点P(0,2),l和C交于A,B两点,求|PA|+|PB|.
23.已知函数f(x)=|x+1|.
(1)求不等式f(x)<|2x+1|﹣1的解集M;
(2)设a,b∈M,证明:f(ab)>f(a)﹣f(﹣b).
2018年四川省南充市高考数学一诊试卷(理科)
参考答案与试题解析
一、选择题:本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(5分)已知集合A={(x,y)|y=f(x)},B={(x,y)|x=1},则A∩B中元素的个数为( )
A.必有1个 B.1个或2个 C.至多1个 D.可能2个以上
【解答】解:集合A={(x,y)|y=f(x)},B={(x,y)|x=1},
则A∩B={(x,y)|y=f(x),且x=1},
当x=1时,f(1)的值存在,A∩B={(1,f(1))},有一个元素;
当x=1时,f(1)的值不存在,A∩B=,没有元素;
∴A∩B中元素的个数至多一个.
故选:C.
2.(5分)已知复数z满足,则复数z的虚部是( )
A. B. C. D.
【解答】解:由,
得==,
∴z=,
∴复数z的虚部是﹣.
故选:C.
3.(5分)已知向量是互相垂直的单位向量,且,则=( )
A.﹣1 B.1 C.6 D.﹣6
【解答】解:向量是互相垂直的单位向量,且,
则=0﹣+5=﹣1+5×(﹣1)=﹣6.
故选:D.
4.(5分)已知变量x与变量y之间具有相关关系,并测得如下一组数据:
x | 6 | 5 | 10 | 12 |
y | 6 | 5 | 3 | 2 |
则变量x与y之间的线性回归直线方程可能为( )
A.=﹣ B.=﹣+ C.=﹣+ D.=﹣
【解答】解:根据表中数据,得;
=(6+5+10+12)=,
=(6+5+3+2)=4,
且变量y随变量x的增大而减小,是负相关,
所以,验证=时,=﹣×+≈4,
即回归直线=﹣+过样本中心点(,).
故选:B.
5.(5分)设f(x)=asin(πx+α)+bcos(πx+β),其中a,b,α,β都是非零实数,若f(2017)=﹣1,那么 f(2018)=( )
A.1 B.2 C.0 D.﹣1
【解答】解:f(x)=asin(πx+α)+bcos(πx+β),其中a,b,α,β都是非零实数,
若f(2017)=asin(2017π+α)+bcos(2017π+β)=﹣asinα﹣bcosβ=﹣1,则asinα+bcosβ=1,
那么 f(2018)=asin(2018π+α)+bcos(2018π+β)=asinα+bcosβ=1,
故选:A.
6.(5分)若0<m<1,则( )
A.logm(1+m)>logm(1﹣m) B.logm(1+m)>0
C.1﹣m>(1+m)2 D.
【解答】解:①∵0<m<1,∴函数y=logmx是(0,+∞)上的减函数,又∵1+m>1﹣m>0,∴logm(1+m)<logm(1﹣m);∴A不正确;
②∵0<m<1,∴1+m>1,∴logm(1+m)<0;∴B不正确;
③∵0<m<1,∴0<1﹣m<1,1+m>1,∴1﹣m>(1+m)2;∴C不正确;
④∵0<m<1,∴0<1﹣m<1,∴函数y=(1﹣m)x是定义域R上的减函数,又∵<,∴>;∴D正确;
故选:D.
7.(5分)已知一个棱长为2的正方体,被一个平面截后所得几何体的三视图如图所示,则该截面的面积为( )
A. B.4 C.3 D.
【解答】解:由三视图还原原几何体如图,
截面是等腰梯形FHDE,
∵正方体的棱长为2,
∴FH=,DE=,梯形的高为.
∴该截面的面积为S=.
故选:A.
8.(5分)函数f(x)=x3+x2﹣ax﹣4在区间(﹣1,1)内恰有一个极值点,则实数a的取值范围为( )
A.(1,5) B.[1,5) C.(1,5] D.(﹣∞,1)∪(5,+∞)
【解答】解:由题意,f′(x)=3x2+2x﹣a,
则f′(﹣1)f′(1)<0,
即(1﹣a)(5﹣a)<0,
解得1<a<5,
另外,当a=1时,函数f(x)=x3+x2﹣x﹣4在区间(﹣1,1)恰有一个极值点,
当a=5时,函数f(x)=x3+x2﹣5x﹣4在区间(﹣1,1)没有一个极值点,
故选:B.
9.(5分)如图,将45°直角三角板和30°直角三角板拼在一起,其中45°直角三角板的斜边与30°直角三角板的30°角所对的直角边重合.若,则x+y=( )
A. B. C. D.
【解答】.解:由题意得,若设 AD=DC=1,则 AC=,AB=2 ,BC=,由题意知,,
△BCD中,由余弦定理得 DB2=DC2+CB2﹣2DCCBcos(45°+90°)=1+6+2×1×=7+2
∵∠ADC=90°,∴DB2=x2+y2,∴x2+y2=7+2①.
如图,作,,则
CC′=x﹣1,C′B=y,
Rt△CC′B中,由勾股定理得 BC2=CC'2+C′B2,
即 6=(x﹣1)2+y2,②
由①②可得 x=1+,y=.
那么:x+y=1+2
故选:B.
10.(5分)已知A,B,C,D是同一球面上的四个点,其中△ABC是正三角形,AD⊥平面ABC,AD=2AB=6,则该球的体积为( )
A. B.48π C.24π D.16π
【解答】解:由题意画出几何体的图形如图,
把A、B、C、D扩展为三棱柱,
上下底面中心连线的中点与A的距离为球的半径,
AD=2AB=6,OE=3,△ABC是正三角形,
所以AE=.
AO=.
所求球的体积为:==32.
故选A.
11.(5分)已知抛物线C:x2=4y,直线l:y=﹣1,PA,PB为抛物线C的两条切线,切点分别为A,B,则“点P在l上”是“PA⊥PB”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【解答】解:由x2=4y,对其求导得.
设A,B,则直线PA,PB的斜率分别为kPA=,kPB=.
由点斜式得PA,PB的方程分别为:y﹣=.=(x﹣x2),
联立解得P,
因为P在l上,所以=﹣1,
所以kPAkPB==﹣1,所以PA⊥PB.反之也成立.
所以“点P在l上”是“PA⊥PB”的充要条件.
故选:C.
12.(5分)已知函数f(x)=1﹣(x>e,e=…是自然对数的底数)若f(m)=2ln﹣f(n),则f(mn)的取值范围为( )
A.[,1) B.[,1) C.[,1) D.[,1]
【解答】解:由f(m)=2ln﹣f(n)得 f(m)+f(n)=1,f(mn)=1﹣=1﹣,
又∵lnn+lnm+2=[(lnn+1)+(lnm+1)]()=4+≥4+4=8,
∴lnn+lnm≥6,f(mn)=1﹣≥,且m、n>e,∴lnn+lnm>0,f(mn)=1﹣<1,∴≤f(mn)<1,
故选:B.
二、填空题(每题5分,满分20分,将答案填在答题纸上)
13.(5分)的展开式中有理项系数之和为 32 .
【解答】解:由,得通项,
∴当r=0、2、4、6时,Tr+1为有理项,
此时有理项系数之和为=.
故答案为:32.
14.(5分)函数y=的单调递增区间是 [0,] .
【解答】解:化简可得y=sinxcos+cosxsin=sin(x+),
由2kπ﹣≤x+≤2kπ+可得2kπ﹣≤x≤2kπ+,k∈Z,
当k=0时,可得函数的一个单调递增区间为[﹣,],
由x∈[0,]可得x∈[0,],
故答案为:[0,].
15.(5分)若圆O1:x2+y2=5与圆O2:(x+m)2+y2=20(m∈R)相交于A,B两点,且两圆在点A处的切线互相垂直,则线段AB的长度是 4 .
【解答】解:由题 O1(0,0)与O2:(﹣m,0),根据圆心距大于半径之差而小于半径之和,
可得<|m|<.
再根据题意可得O1A⊥AO2,
∴m2=5+20=25,
∴m=±5,
∴利用,
解得:AB=4.
故答案为:4.
16.(5分)定义域为R的偶函数f(x)满足对x∈R,有f(x+2)=f(x)﹣f(1),且当x∈[2,3]时,f(x)=﹣2x2+12x﹣18,若函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至少有三个零点,则a的取值范围是 (0,) .
【解答】解:∵f(x+2)=f(x)﹣f(1),
且f(x)是定义域为R的偶函数,
令x=﹣1可得f(﹣1+2)=f(﹣1)﹣f(1),
又f(﹣1)=f(1),
∴f(1)=0 则有f(x+2)=f(x),
∴f(x)是最小正周期为2的偶函数.
当x∈[2,3]时,f(x)=﹣2x2+12x﹣18=﹣2(x﹣3)2,
函数的图象为开口向下、顶点为(3,0)的抛物线.
∵函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至少有三个零点,
令g(x)=loga(|x|+1),则f(x)的图象和g(x)的图象至少有3个交点.
∵f(x)≤0,∴g(x)≤0,可得0<a<1,
要使函数y=f(x)﹣loga(|x|+1)在(0,+∞)上至少有三个零点,
则有g(2)>f(2),可得 loga(2+1)>f(2)=﹣2,
即loga3>﹣2,∴3<,解得<a<,又0<a<1,∴0<a<,
故答案为:(0,).
三、解答题(本大题共5小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)
17.(12分)已知数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=2an﹣2.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若数列{}的前n项和为Tn,求Tn.
【解答】解:(1)当n=1时,a1=S1=2a1﹣2,解得a1=2.
当n≥2时,Sn﹣1=2an﹣1﹣2,
所以an=Sn﹣Sn﹣1=2an﹣2﹣(2an﹣1﹣2),
即=2,
所以数列{an}是以首项为2,公比为2的等比数列,
故an=2n(n∈N*).
(2)=(n+1)()n,
则Tn=2()+3()2+4()3+…+(n+1)()n,
Tn=2()2+3()3+4()4+…+(n+1)()n+1,
上面两式相减,可得
Tn=1+()2+()3+()4+…+()n﹣(n+1)()n+1,
=1+﹣(n+1)()n+1,
化简可得Tn=3﹣(n+3)()n.
18.(12分)一个盒子中装有大量形状大小一样但重量不尽相同的小球,从中随机抽取50个作为样本,称出它们的重量(单位:克),重量分组区间为[5,15],(15,25],(25,35],(35,45],由此得到样本的重量频率分布直方图(如图).
(1)求a的值,并根据样本数据,试估计盒子中小球重量的众数与平均值;
(2)从盒子中随机抽取3个小球,其中重量在[5,15]内的小球个数为X,求X的分布列和数学期望.(以直方图中的频率作为概率)
【解答】解:(1)由题意得,(++a+)×10=1
解得a=;
又由最高矩形中点的横坐标为20,
可估计盒子中小球重量的众数约为20,
而50个样本小球重量的平均值为:
=×10+×20+×30+×40=(克)
故估计盒子中小球重量的平均值约为克.
(2)利用样本估计总体,该盒子中小球的重量在[5,15]内的;
则X~B(3,),
X=0,1,2,3;
P(X=0)=×()3=;
P(X=1)=×()2×=;
P(X=2)=×()×()2=;
P(X=3)=×()3=,
∴X的分布列为:
X | 0 | 1 | 2 | 3 |
P | ||||
即E(X)=0×=.
19.(12分)如图,正方形ABCD与等边三角形ABE所在的平面互相垂直,M,N分别是DE,AB的中点.
(1)证明:MN∥平面BCE;
(2)求锐二面角M﹣AB﹣E的余弦值.
【解答】(1)证明:取AE中点P,连结MP,NP.
由题意可得MP∥AD∥BC,
因为MP平面BCE,BC平面BCE,
所以MP∥平面BCE,
同理可证NP∥平面BCE.
因为MP∩NP=P,
所以平面MNP∥平面BCE,
又MN平面MNP,
所以MN∥平面BCE.
(2)解:取CD的中点F,连接NF,NE.
由题意可得NE,NB,NF两两垂直,以N为坐标原点,NE,NB,NF所在直线为x轴,y轴,z轴,
建立空间直角坐标系.
令AB=2,则.
所以.
设平面MAB的法向量
则
令x=2,则
因为是平面ABE的一个法向量
所以
所以锐二面角M﹣AB﹣E的余弦值为.
20.(12分)已知椭圆的左焦点为F,左顶点为A.
(1)若P是椭圆上的任意一点,求的取值范围;
(2)已知直线l:y=kx+m与椭圆相交于不同的两点M,N(均不是长轴的端点),AH⊥MN,垂足为H且,求证:直线l恒过定点.
【解答】解:(1)设P(x0,y0),又 A(﹣2,0),F(﹣1,0)
所以=,
因为P点在椭圆上,
所以,即,且﹣2≤x0≤2,所以=,
函数在[﹣2,2]单调递增,
当x0=﹣2时,f(x0)取最小值为0;
当x0=2时,f(x0)取最大值为12.
所以的取值范围是[0,12].
(2)由题意:
联立得,(3+4k2)x2+8kmx+4m2﹣12=0
由△=(8km)2﹣4×(3+4k2)(4m2﹣12)>0得4k2+3>m2①
设M(x1,y1),N(x2,y2),则.
==0,
所以(x1+2)(x2+2)+y1y2=0
即,
4k2﹣16km+7m2=0,
所以或均适合①.
当时,直线l过点A,舍去,
当时,直线过定点.
21.(12分)已知a∈R,函数f(x)=ln(x+1)﹣x2+ax+2.
(1)若函数f(x)在[1,+∞)上为减函数,求实数a的取值范围;
(2)令a=﹣1,b∈R,已知函数g(x)=b+2bx﹣x2.若对任意x1∈(﹣1,+∞),总存在x2∈[﹣1,+∞),使得f(x1)=g(x2)成立,求实数b的取值范围.
【解答】解:(1)函数f(x)在[1,+∞)上为减函数f′(x)=﹣2x+a≤0
在[1,+∞)上恒成立a≤2x﹣在[1,+∞)上恒成立,
令h(x)=2x﹣,由h′(x)>0(或利用增函数减减函数)h(x)在[1,+∞)上为增函数h(x)min=h(1)=,
所以a≤;
(2)若对任意x1∈[﹣1,+∞),总存在x2∈[﹣1,+∞),使得f(x1)=g(x2)成立,则函数f(x)在(﹣1,+∞)上的值域是函数g(x)在[﹣1,+∞)上的值域的子集.对于函数f(x),因为
a=﹣1,所以f(x)=ln(x+1)﹣x2﹣x+2,定义域(﹣1,+∞)
f′(x)=﹣2x﹣1=
令f′(x)=0得x1=0x2=(舍去).
当x变化时,f(x)与f′(x)的变化情况如下表:
所以f(x)max=f(0)=2所以f(x)的值域为(﹣∞,2)
对于函数g(x)=﹣x2+2bx+b=﹣(x﹣b)2+b+b2
①当b≤﹣1时,g(x)的最大值为g(﹣1)=﹣1﹣bg(x)值域为(﹣∞,﹣1﹣b]
由﹣1﹣b≥2b≤3;
②当b>﹣1时,g(x)的最大值为g(b)=b2+bg(x)值域为(﹣∞,b2+b]
由b2+b≥2b≥1或b≤﹣2(舍去),
综上所述,b的取值范围是(﹣∞,﹣3]∪[1.+∞).
请考生在22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.
22.(10分)在平面直角坐标系xOy中,曲线C的参数方程为(α为参数),在以原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,直线l的极坐标方程为.
(1)求C的普通方程和l的倾斜角;
(2)设点P(0,2),l和C交于A,B两点,求|PA|+|PB|.
【解答】解:(1)由消去参数α,得
即C的普通方程为
由,得ρsinθ﹣ρcosθ①
将代入①得y=x+2
所以直线l的斜率角为.
(2)由(1)知,点P(0,2)在直线l上,可设直线l的参数方程为(t为参数)
即(t为参数),
代入并化简得
设A,B两点对应的参数分别为t1,t2.
则,所以t1<0,t2<0
所以.
23.已知函数f(x)=|x+1|.
(1)求不等式f(x)<|2x+1|﹣1的解集M;
(2)设a,b∈M,证明:f(ab)>f(a)﹣f(﹣b).
【解答】(1)解:①当x≤﹣1时,原不等式化为﹣x﹣1<﹣2x﹣2解得:x<﹣1;
②当时,原不等式化为x+1<﹣2x﹣2解得:x<﹣1,此时不等式无解;
③当时,原不等式化为x+1<2x,解得:x>1.
综上,M={x|x<﹣1或x>1};
(2)证明:设a,b∈M,∴|a+1|>0,|b|﹣1>0,
则 f(ab)=|ab+1|,f(a)﹣f(﹣b)=|a+1|﹣|﹣b+1|.
∴f(ab)﹣[f(a)﹣f(﹣b)]=f(ab)+f(﹣b)﹣f(a)=|ab+1|+|1﹣b|﹣|a+1|
=|ab+1|+|b﹣1|﹣|a+1|≥|ab+1+b﹣1|﹣|a+1|=|b(a+1)|﹣|a+1|
=|b||a+1|﹣|a+1|=|a+1|(|b|﹣1|)>0,
故f(ab)>f(a)﹣f(﹣b)成立.
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