2019年江西省抚州市临川中考数学一模试卷含答案解析+精选五套中考模拟卷

2019年江西省抚州市临川中考数学一模试卷含答案解析

一、选择题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）

1．﹣的倒数是（　　）

A． B． C．﹣ D．﹣

2．下列运算正确的是（　　）

A． =﹣9 B． =±2 C．ab4÷（﹣ab）=﹣b3 D．﹣2（a﹣b）=﹣2a﹣2b

3．某中学随机地调查了50名学生，了解他们一周在校的体育锻炼时间，结果如下表所示：

则这50名学生这一周在校的平均体育锻炼时间是（　　）

A．6.2小时 B．6.4小时 C．6.5小时 D．7小时

4．将一个长方体内部挖去一个圆柱（如图所示），它的主视图是（　　）

A． B． C． D．

5．如图，将一张正六边形纸片的阴影部分剪下，拼成一个四边形，若拼成的四边形的面积为2a，则纸片的剩余部分的面积为 （　　）

A．5a B．4a C．3a D．2a

6．二次函数y=x2+x+c的图象与x轴的两个交点A（x1，0），B（x2，0），且x1＜x2，点P（m，n）是图象上一点，那么下列判断正确的是（　　）

A．当n＜0时，m＜0 B．当n＞0时，m＞x2

C．当n＜0时，x1＜m＜x2 D．当n＞0时，m＜x1

二、填空题（本大题共8个题，每小题3分，共24分）

7．计算：﹣=　　．

8．一张薄的金箔的厚度为0.000000091m，用科学记数法可表示　　m．

9．若x1=﹣1是关于x的方程x2+mx﹣5=0的一个根，则方程的另一个根x2=　　．

10．分解因式：ab2﹣4ab+4a=　　．

11．已知点（3，5）在直线y=ax+b（a，b为常数，且a≠0）上，则的值为　　．

12．如图，AB是⊙O的直径，CD是⊙O的弦，AB、CD的延长线交于E点，若AB=2DE，∠E=18°，则∠AOC的度数为　　度．

13．把四张形状大小完全相同的小长方形卡片（如图1）不重复地放在一个底面为长方形（长为m cm，宽为n cm）的盒子底部（如图2），盒子底面未被卡片覆盖的部分用阴影表示．则图2中两块阴影部分周长和是　　cm．（用m或n的式子表示）．

14．如图，在矩形ABCD中，AD=3，AB=4，点E为DC上一个动点，把△ADE沿AE折叠，当点D的对点D′落在矩形的对角线上，DE的长为　　．

三、（本大题共4小题，每小题6分，共24分）

15．先化简：÷（﹣），再从﹣2＜x＜3的范围内选取一个你喜欢的x值代入求值．

16．如图，在▱ABCD中，F是AD的中点，延长BC到点E，使CE=BC，连接DE，CF．

（1）求证：四边形CEDF是平行四边形；

（2）若AB=4，AD=6，∠B=60°，求DE的长．

17．在四边形ABCD中，∠C=90，AB=AD，AB∥CD，AE平分∠BAD交BC于E，请你只用无刻度的直尺画出矩形BCDF（保留作图痕迹）

18．为了参加中考体育测试，甲、乙、丙三位同学进行足球传球训练，球从一个人脚下随机传到另一个人脚下，且每位传球人传给其余两人的机会是均等的，由甲开始传球，共传球三次．

（1）请利用树状图列举出三次传球的所有可能情况；

（2）求三次传球后，球回到甲脚下的概率；

（3）三次传球后，球回到甲脚下的概率大还是传到乙脚下的概率大？

四、（本大题共4小题，每小题8分，共32分）

19．近年来，我国很多地区持续出现雾霾天气．某市记者为了了解“雾霾天气的主要成因”，随机调查了该市部分市民，并对调查结果进行整理，绘制了如下尚不完整的统计图表

请根据图表中提供的信息解答下列问题：

（1）填空：m=　　，n=　　，扇形统计图中E组所占的百分比为　　%

（2）若该市人口约有400万人，请你计算其中持D组“观点”的市民人数．

（3）对于“雾霾”这个环境问题，请用简短的语言发出倡议．

20．某商场要建一个地下停车场，下图是地下停车场的入口设计示意图，拟设计斜坡的倾斜角为18°，一楼到地下停车场地面的距离CD=2.8米，地平线到一楼的垂直距离BC=1米，

（1）为保证斜坡倾斜角为18°，应在地面上距点B多远的A处开始斜坡的施工？（精确到0.1米）

（2）如果一辆高2.5米的小货车要进入地下停车场，能否进入？为什么？（参考数据：sin18°=0.31，cos18°=0.95，tan18°=0.32）

21．如图，已知点A（4，0），B（0，4），把一个直角三角尺DEF放在△OAB内，使其斜边FD在线段AB上，三角尺可沿着线段AB上下滑动．其中∠EFD=30°，ED=2，点G为边FD的中点．

（1）求直线AB的解析式；

（2）如图1，当点D与点A重合时，求经过点G的反比例函数y=（k≠0）的解析式；

（3）在三角尺滑动的过程中，经过点G的反比例函数的图象能否同时经过点F？如果能，求出此时反比例函数的解析式；如果不能，说明理由．

22．如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB于H，过CD延长线上一点E作⊙O的切线交AB的延长线于F．切点为G，连接AG交CD于K．

（1）如图1，求证：KE=GE；

（2）如图2，若AC∥EF，试判断线段KG、KD、GE间的数量关系，并说明理由；

（3）在（2）的条件下，若sinE=，AK=2，求⊙O的半径．

五、（本大题共2小题，23题10分，24题12分，共22分）

23．在正五边形ABCDE中，AB=2．

（1）如图1，将正五边形ABCDE沿AD折叠，点E落在E′处，连接BE′．

①证明D、E′、B三点在一条直线上；

②填空：BE′=　　．

（2）如图2，点F在AB边上，且AF＜AB，沿DF折叠正五边形ABCDE，点A、E的对应点分别为A′、E′，那么∠A′FB与∠E′DC的大小有什么关系？请说明理由

（3）如图3，在正五边形ABCDE中连接AD、BD，动点P在线段AB上（点P与A、D不重合）动点Q在线段DB的延长线上，且AP=BQ，连接PQ交AB于点N，过点P作PM⊥AB于点M 点P、Q在移动的过程中，线段MN的长度是否发生变化？若变化，请说明理由；若不变，请求中线段MN的长度．

24．在平面直角坐标系中，已知抛物线y=x2+bx+c（b，c为常数）的顶点为P，等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），C的坐标为（4，3），直角顶点B在第四象限．

（1）如图，若该抛物线过A，B两点，求该抛物线的函数表达式；

（2）平移（1）中的抛物线，使顶点P在直线AC上滑动，且与AC交于另一点Q．

（i）若点M在直线AC下方，且为平移前（1）中的抛物线上的点，当以M、P、Q三点为顶点的三角形是等腰直角三角形时，求出所有符合条件的点M的坐标；

（ii）取BC的中点N，连接NP，BQ．试探究是否存在最大值？若存在，求出该最大值；若不存在，请说明理由．

参考答案与试题解析

一、选择题（本大题共6小题，每小题3分，共18分）

1．﹣的倒数是（　　）

A． B． C．﹣ D．﹣

【考点】倒数．

【分析】根据倒数的定义：若两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数．

【解答】解：∵（﹣）×（﹣）=1，

∴﹣的倒数是﹣．

故选D．

2．下列运算正确的是（　　）

A． =﹣9 B． =±2 C．ab4÷（﹣ab）=﹣b3 D．﹣2（a﹣b）=﹣2a﹣2b

【考点】整式的除法；算术平方根；去括号与添括号；负整数指数幂．

【分析】直接利用整式除法运算法则以及结合算术平方根和负指数幂的性质分贝化简求出答案．

【解答】解：A、（）﹣2=9，故此选项错误，不合题意；

B、=2，故此选项错误，不合题意；

C、ab4÷（﹣ab）=﹣b3，正确，符合题意；

D、﹣2（a﹣b）=﹣2a+2b，故此选项错误，不合题意．

故选：C．

3．某中学随机地调查了50名学生，了解他们一周在校的体育锻炼时间，结果如下表所示：

则这50名学生这一周在校的平均体育锻炼时间是（　　）

A．6.2小时 B．6.4小时 C．6.5小时 D．7小时

【考点】加权平均数．

【分析】根据加权平均数的计算公式列出算式（5×10+6×15+7×20+8×5）÷50，再进行计算即可．

【解答】解：根据题意得：

（5×10+6×15+7×20+8×5）÷50

=（50+90+140+40）÷50

=320÷50

=6.4（小时）．

故这50名学生这一周在校的平均体育锻炼时间是6.4小时．

故选：B．

4．将一个长方体内部挖去一个圆柱（如图所示），它的主视图是（　　）

A． B． C． D．

【考点】简单组合体的三视图．

【分析】找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中．

【解答】解：从正面看易得主视图为长方形，中间有两条垂直地面的虚线．

故选A．

5．如图，将一张正六边形纸片的阴影部分剪下，拼成一个四边形，若拼成的四边形的面积为2a，则纸片的剩余部分的面积为 （　　）

A．5a B．4a C．3a D．2a

【考点】图形的剪拼．

【分析】如图所示可将正六边形分为6个全等的三角形，阴影部分由两个三角形组成，剩余部分由4个三角形组成，故此可求得剩余部分的面积．

【解答】解：如图所示：

将正六边形可分为6个全等的三角形，

∵阴影部分的面积为2a，

∴每一个三角形的面积为a，

∵剩余部分可分割为4个三角形，

∴剩余部分的面积为4a．

故选：B．

6．二次函数y=x2+x+c的图象与x轴的两个交点A（x1，0），B（x2，0），且x1＜x2，点P（m，n）是图象上一点，那么下列判断正确的是（　　）

A．当n＜0时，m＜0 B．当n＞0时，m＞x2

C．当n＜0时，x1＜m＜x2 D．当n＞0时，m＜x1

【考点】抛物线与x轴的交点．

【分析】首先根据a确定开口方向，再确定对称轴，根据图象分析得出结论．

【解答】解：∵a=1＞0，

∴开口向上，

∵抛物线的对称轴为：x=﹣=﹣=，

二次函数y=x2+x+c的图象与x轴的两个交点A（x1，0），B（x2，0），且x1＜x2，

无法确定x1与x2的正负情况，

∴当n＜0时，x1＜m＜x2，但m的正负无法确定，故A错误，C正确；

当n＞0时，m＜x1 或m＞x2，故B，D错误，

故选C．

二、填空题（本大题共8个题，每小题3分，共24分）

7．计算：﹣=　　．

【考点】二次根式的加减法．

【分析】先进行二次根式的化简，然后合并同类二次根式求解．

【解答】解：原式=2﹣

=．

故答案为：．

8．一张薄的金箔的厚度为0.000000091m，用科学记数法可表示　9.1×10﹣8　m．

【考点】科学记数法—表示较小的数．

【分析】绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10﹣n．与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．本题a=9.1，n=﹣8．

【解答】解：0.000 000 091m用科学记数法可表示9.1×10﹣8m．

9．若x1=﹣1是关于x的方程x2+mx﹣5=0的一个根，则方程的另一个根x2=　5　．

【考点】根与系数的关系．

【分析】设方程的另一根为x2，由一个根为x1=﹣1，利用根与系数的关系求出两根之积，列出关于x2的方程，求出方程的解得到x2的值，即为方程的另一根．

【解答】解：∵关于x的方程x2+mx﹣5=0的一个根为x1=﹣1，设另一个为x2，

∴﹣x2=﹣5，

解得：x2=5，

则方程的另一根是x2=5．

故答案为：5．

10．分解因式：ab2﹣4ab+4a=　a（b﹣2）2　．

【考点】提公因式法与公式法的综合运用．

【分析】先提取公因式a，再根据完全平方公式进行二次分解．完全平方公式：a2﹣2ab+b2=（a﹣b）2．

【解答】解：ab2﹣4ab+4a

=a（b2﹣4b+4）﹣﹣（提取公因式）

=a（b﹣2）2．﹣﹣（完全平方公式）

故答案为：a（b﹣2）2．

11．已知点（3，5）在直线y=ax+b（a，b为常数，且a≠0）上，则的值为　﹣　．

【考点】一次函数图象上点的坐标特征．

【分析】将点（3，5）代入直线解析式，可得出b﹣5的值，继而代入可得出答案．

【解答】解：∵点（3，5）在直线y=ax+b上，

∴5=3a+b，

∴b﹣5=﹣3a，

则==．

故答案为：﹣．

12．如图，AB是⊙O的直径，CD是⊙O的弦，AB、CD的延长线交于E点，若AB=2DE，∠E=18°，则∠AOC的度数为　54　度．

【考点】三角形的外角性质；等腰三角形的性质；圆的认识．

【分析】根据AB=2DE得DE等于圆的半径，在△EDO和△CEO中，根据三角形的一个外角等于和它不相邻的两个内角的和求解．

【解答】解：连接OD，∵AB=2DE，

∴OD=DE，

∴∠E=∠EOD，

在△EDO中，∠ODC=∠E+∠EOD=36°，

∵OC=OD，

∴∠OCD=∠ODC=36°，

在△CEO中，∠AOC=∠E+∠OCD=18°+36°=54°．

13．把四张形状大小完全相同的小长方形卡片（如图1）不重复地放在一个底面为长方形（长为m cm，宽为n cm）的盒子底部（如图2），盒子底面未被卡片覆盖的部分用阴影表示．则图2中两块阴影部分周长和是　4n　cm．（用m或n的式子表示）．

【考点】整式的加减．

【分析】设小长方形卡片的长为xcm，宽为ycm，由图形得到m﹣x=2y，即x+2y=m，分别表示阴影部分两长方形的长与宽，进而表示出阴影部分的周长和，去括号合并后，将x+2y=m代入，即可得到结果．

【解答】解：设小长方形卡片的长为xcm，宽为ycm，可得：m﹣x=2y，即x+2y=m，

根据近题意得：阴影部分的周长为2[（m﹣x）+（n﹣x）]+2[（n﹣2y）+（m﹣2y）]

=2（2m+2n﹣2x﹣4y）

=4[m+n﹣（x+2y）]

=4（m+n﹣m）

=4n（cm）．

故答案为：4n．

14．如图，在矩形ABCD中，AD=3，AB=4，点E为DC上一个动点，把△ADE沿AE折叠，当点D的对点D′落在矩形的对角线上，DE的长为　1.5　．

【考点】翻折变换（折叠问题）；矩形的性质．

【分析】先依据勾股定理可求得AC的长，然后由翻折的性质可求得AD=AD′=3，于是可求得D′C的长，接下来，证明△ECD′∽△ADC，依据相似三角形的性质可求得ED′=1.5，由翻折的性质可求得DE的长．

【解答】解：如图所示；连接AC．

∵由翻折的性质可知；DE=ED′，AD=AD′=3，∠D=∠ED′A=90°，

∴∠ED′C=90°．

∵在△ABC中，由勾股定理得：AC==5．

∴CD′=AC﹣AD′=2．

∵∠ECD′=∠DCA，∠ED′C=∠CDA=90°，

∴△ECD′∽△ADC．

∴即，解得；ED′=1.5．

∴DE=1.5．

故答案为：1.5．

三、（本大题共4小题，每小题6分，共24分）

15．先化简：÷（﹣），再从﹣2＜x＜3的范围内选取一个你喜欢的x值代入求值．

【考点】分式的化简求值．

【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，确定出x的值，代入计算即可求出值．

【解答】解：原式=÷=•=，

当x=2时，原式=4（x≠﹣1，0，1）．

16．如图，在▱ABCD中，F是AD的中点，延长BC到点E，使CE=BC，连接DE，CF．

（1）求证：四边形CEDF是平行四边形；

（2）若AB=4，AD=6，∠B=60°，求DE的长．

【考点】平行四边形的判定与性质；含30度角的直角三角形；勾股定理．

【分析】（1）由“平行四边形的对边平行且相等”的性质推知AD∥BC，且AD=BC；然后根据中点的定义、结合已知条件推知四边形CEDF的对边平行且相等（DF=CE，且DF∥CE），即四边形CEDF是平行四边形；

（2）如图，过点D作DH⊥BE于点H，构造含30度角的直角△DCH和直角△DHE．通过解直角△DCH和在直角△DHE中运用勾股定理来求线段ED的长度．

【解答】证明：（1）在▱ABCD中，AD∥BC，且AD=BC．

∵F是AD的中点，

∴DF=．

又∵CE=BC，

∴DF=CE，且DF∥CE，

∴四边形CEDF是平行四边形；

（2）解：如图，过点D作DH⊥BE于点H．

在▱ABCD中，∵∠B=60°，

∴∠DCE=60°．

∵AB=4，

∴CD=AB=4，

∴CH=CD=2，DH=2．

在▱CEDF中，CE=DF=AD=3，则EH=1．

∴在Rt△DHE中，根据勾股定理知DE==．

17．在四边形ABCD中，∠C=90，AB=AD，AB∥CD，AE平分∠BAD交BC于E，请你只用无刻度的直尺画出矩形BCDF（保留作图痕迹）

【考点】作图—应用与设计作图；矩形的性质．

【分析】根据矩形的性质得到BC∥DF，于是过D作DF∥BC交AB于F即可．

【解答】解：如图，过D作DF∥BC交AB于F，

则四边形BCDF即为所求．

18．为了参加中考体育测试，甲、乙、丙三位同学进行足球传球训练，球从一个人脚下随机传到另一个人脚下，且每位传球人传给其余两人的机会是均等的，由甲开始传球，共传球三次．

（1）请利用树状图列举出三次传球的所有可能情况；

（2）求三次传球后，球回到甲脚下的概率；

（3）三次传球后，球回到甲脚下的概率大还是传到乙脚下的概率大？

【考点】列表法与树状图法．

【分析】（1）画出树状图，

（2）根据（1）的树形图，利用概率公式列式进行计算即可得解；

（3）分别求出球回到甲脚下的概率和传到乙脚下的概率，比较大小即可．

【解答】解：（1）根据题意画出树状图如下：

由树形图可知三次传球有8种等可能结果；

（2）由（1）可知三次传球后，球回到甲脚下的概率=；

（3）由（1）可知球回到甲脚下的概率=，传到乙脚下的概率=，

所以球回到乙脚下的概率大．

四、（本大题共4小题，每小题8分，共32分）

19．近年来，我国很多地区持续出现雾霾天气．某市记者为了了解“雾霾天气的主要成因”，随机调查了该市部分市民，并对调查结果进行整理，绘制了如下尚不完整的统计图表

请根据图表中提供的信息解答下列问题：

（1）填空：m=　80　，n=　100　，扇形统计图中E组所占的百分比为　15　%

（2）若该市人口约有400万人，请你计算其中持D组“观点”的市民人数．

（3）对于“雾霾”这个环境问题，请用简短的语言发出倡议．

【考点】扇形统计图；用样本估计总体；频数（率）分布表．

【分析】（1）根据B组频数及其所占百分比求得样本容量，再根据频数=总数×频率及各组频数之和等于总数，解答即可；

（2）用总人数乘以样本中D观点所占百分比即可得；

（3）根据各种观点所占百分比，有针对的提出合理的改善意见即可．

【解答】解：（1）根据题意，本次调查的总人数为40÷10%=400（人），

∴m=400×20%=80，n=400﹣（80+40+120+60）=100，

则扇形统计图中E组所占的百分比为×100%=15%，

故答案为：80，100，15；

（2）400×=120（万），

答：其中持D组“观点”的市民人数约为120万人；

（3）根据所抽取样本中持C、D两种观点的人数占总人数的比例较大，

所以倡议今后的环境改善中严格控制工厂的污染排放，同时市民多乘坐公共汽车，减少私家车出行的次数．

20．某商场要建一个地下停车场，下图是地下停车场的入口设计示意图，拟设计斜坡的倾斜角为18°，一楼到地下停车场地面的距离CD=2.8米，地平线到一楼的垂直距离BC=1米，

（1）为保证斜坡倾斜角为18°，应在地面上距点B多远的A处开始斜坡的施工？（精确到0.1米）

（2）如果一辆高2.5米的小货车要进入地下停车场，能否进入？为什么？（参考数据：sin18°=0.31，cos18°=0.95，tan18°=0.32）

【考点】解直角三角形的应用﹣坡度坡角问题．

【分析】（1）由题意可得∠BAD=18°，BD=CD﹣CB=1.8（米），然后在Rt△ABD中，由三角函数的性质，即可求得AB的长；

（2）首先过C作CE⊥AD，垂足为E，可求得∠DCE的度数，然后在Rt△CDE中，由三角函数的性质即可得CE=CD•cos18°，继而求得答案．

【解答】解：（1）∵斜坡的倾斜角为18°，

∴∠BAD=18°，

∵BD=CD﹣CB=1.8（米），

∴在Rt△ABD中，AB==≈5.6（米），

答：在地面上距点B约5.6米的A处开始斜坡的施工．

（2）过C作CE⊥AD，垂足为E，

∴∠DCE+∠CDE=90°，

∵∠BAD+∠ADB=90°，

∴∠DCE=∠BAD=18°，

在Rt△CDE中，CE=CD•cos18°=2.8×0.95≈2.7（米），

∵2.5＜2.7，

∴货车能进入地下停车场．

21．如图，已知点A（4，0），B（0，4），把一个直角三角尺DEF放在△OAB内，使其斜边FD在线段AB上，三角尺可沿着线段AB上下滑动．其中∠EFD=30°，ED=2，点G为边FD的中点．

（1）求直线AB的解析式；

（2）如图1，当点D与点A重合时，求经过点G的反比例函数y=（k≠0）的解析式；

（3）在三角尺滑动的过程中，经过点G的反比例函数的图象能否同时经过点F？如果能，求出此时反比例函数的解析式；如果不能，说明理由．

【考点】反比例函数综合题．

【分析】（1）设直线AB的解析式为y=kx+b，把点A、B的坐标代入，组成方程组，解方程组求出k、b的值即可；

（2）由Rt△DEF中，求出EF、DF，在求出点D坐标，得出点F、G坐标，把点G坐标代入反比例函数求出k即可；

（3）设F（t，﹣t+4），得出D、G坐标，设过点G和F的反比例函数解析式为y=，用待定系数法求出t、m，即可得出反比例函数解析式．

【解答】解：（1）设直线AB的解析式为y=kx+b，

∵A（4，0），B（0，4），

∴，

解得：，

∴直线AB的解析式为：y=﹣x+4；

（2）∵在Rt△DEF中，∠EFD=30°，ED=2，

∴EF=2，DF=4，

∵点D与点A重合，

∴D（4，0），

∴F（2，2），

∴G（3，），

∵反比例函数y=经过点G，

∴k=3，

∴反比例函数的解析式为：y=；

（3）经过点G的反比例函数的图象能同时经过点F；理由如下：

∵点F在直线AB上，

∴设F（t，﹣t+4），

又∵ED=2，

∴D（t+2，﹣t+2），

∵点G为边FD的中点．

∴G（t+1，﹣t+3），

若过点G的反比例函数的图象也经过点F，

设解析式为y=，

则，

整理得：（﹣t+3）（t+1）=（﹣t+4）t，

解得：t=，

∴m=，

∴经过点G的反比例函数的图象能同时经过点F，这个反比例函数解析式为：y=．

22．如图，AB是⊙O的直径，弦CD⊥AB于H，过CD延长线上一点E作⊙O的切线交AB的延长线于F．切点为G，连接AG交CD于K．

（1）如图1，求证：KE=GE；

（2）如图2，若AC∥EF，试判断线段KG、KD、GE间的数量关系，并说明理由；

（3）在（2）的条件下，若sinE=，AK=2，求⊙O的半径．

【考点】圆的综合题．

【分析】（1）如图1，连接OG．根据切线性质及CD⊥AB，可以推出∠KGE=∠AKH=∠GKE，根据等角对等边得到KE=GE；

（2）如图2，根据平行得角相等，证明△GKD∽△EFG，列比例式可得结论；

（3）如图3所示，连接OG，OC，由（1）得KE=GE，根据sinE=设AH=3t，则AC=5t，CH=4t，列式先求t的值，再求出圆的半径．

【解答】解：（1）如图1，连接OG．

∵EG为切线，

∴∠KGE+∠OGA=90°，

∵CD⊥AB，

∴∠AKH+∠OAG=90°，

又∵OA=OG，

∴∠OGA=∠OAG，

∴∠KGE=∠AKH=∠GKE，

∴KE=GE．

（2）KG2=KD•GE，理由是：

连接GD，如图2，

∵AC∥EF，

∴∠C=∠E，

∵∠C=∠AGD，

∴∠E=∠AGD，

∵∠GKD=∠GKD，

∴△GKD∽△EFG，

∴，

∴KG2=KD•EK，

由（1）得：EK=GE，

∴KG2=KD•GE；

（3）连接OG，OC，如图3所示，

由（1）得：KE=GE．

∵AC∥EF

∴∠E=∠ACH

∵sinE=sin∠ACH=，

设AH=3t，则AC=5t，CH=4t，

∵KE=GE，AC∥EF，

∴CK=AC=5t，

∴HK=CK﹣CH=t．

在Rt△AHK中，根据勾股定理得AH2+HK2=AK2，

即（3t）2+t2=，解得t=．

设⊙O半径为r，在Rt△OCH中，OC=r，OH=r﹣3t，CH=4t，

由勾股定理得：OH2+CH2=OC2，

即（r﹣3t）2+（4t）2=r2，解得r=t=，

答：⊙O的半径为．

五、（本大题共2小题，23题10分，24题12分，共22分）

23．在正五边形ABCDE中，AB=2．

（1）如图1，将正五边形ABCDE沿AD折叠，点E落在E′处，连接BE′．

①证明D、E′、B三点在一条直线上；

②填空：BE′=　﹣1　．

（2）如图2，点F在AB边上，且AF＜AB，沿DF折叠正五边形ABCDE，点A、E的对应点分别为A′、E′，那么∠A′FB与∠E′DC的大小有什么关系？请说明理由

（3）如图3，在正五边形ABCDE中连接AD、BD，动点P在线段AB上（点P与A、D不重合）动点Q在线段DB的延长线上，且AP=BQ，连接PQ交AB于点N，过点P作PM⊥AB于点M 点P、Q在移动的过程中，线段MN的长度是否发生变化？若变化，请说明理由；若不变，请求中线段MN的长度．

【考点】三角形综合题．

【分析】（1）①利用正五边形的性质得出△DEA≌△DCB即可求出∠EDA=∠CDB=36°，进而即可得出结论；

②利用等腰三角形的性质得出AB=AE'=2，再判断出△ABE'∽△DBA，得出比例式求解即可得出结论；

（2）利用三角形的内角和和等腰三角形的性质即可求出∠CDE'=180°﹣2x=∠BFA'，即可得出结论；

（3）先判断出△PMA≌△QHB得出MH=2，再判断出△PMN≌△NQH即可得出结论．

【解答】证明：（1）①∵ABCDE是正五边形，

∴∠EDC=108°=∠DCB 且DC=CB，

∴∠CDB=36°，

在△DEA和△DCB中，，

∴△DEA≌△DCB，

∴∠EDA=∠CDB=36°，

∴∠ADB=36°，

∴∠ADB=∠ADE'=36°，

∴B，D，E'共线，

②∵AD=BD，∠ADB=36°，

∴∠DAB=72°，

∵AE'=DE'．

∵AB=AE'=2，

∴DE'=2，

∴∠DAE=∠ADE'，

∴∠BAE'=∠ADB，

∵∠ABD=∠ABE'，

∴△ABE'∽△DBA，

∴，

∴，

∴BE'=﹣1，

故答案为﹣1；

（2）∵四边形内角和为360°，

设∠EDF=x，

∴∠AFD=144°﹣x=∠DFA'，

∴∠DFB=36°+x，

∴∠A'FB=108°﹣2x，

且∠CDE'=108°﹣2x，

∴∠CDE'=∠BFA'

（3）如图3，过点Q作QH⊥AB，

∵∠BAD=72°=∠DBA，

∴∠DAB=∠QBH且AP=BQ，∠AMP=∠BHQ

在△PMA和△QHB中，

∴△PMA≌△QHB，

∴AM=BH，PM=QH，

∴MH=MB+BH=AM+MB=AB=2，

在△PMN和△NQH中，，

∴△PMN≌△NQH，

∴MN=NH=1．

24．在平面直角坐标系中，已知抛物线y=x2+bx+c（b，c为常数）的顶点为P，等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），C的坐标为（4，3），直角顶点B在第四象限．

（1）如图，若该抛物线过A，B两点，求该抛物线的函数表达式；

（2）平移（1）中的抛物线，使顶点P在直线AC上滑动，且与AC交于另一点Q．

（i）若点M在直线AC下方，且为平移前（1）中的抛物线上的点，当以M、P、Q三点为顶点的三角形是等腰直角三角形时，求出所有符合条件的点M的坐标；

（ii）取BC的中点N，连接NP，BQ．试探究是否存在最大值？若存在，求出该最大值；若不存在，请说明理由．

【考点】二次函数综合题．

【分析】（1）先求出点B的坐标，然后利用待定系数法求出抛物线的函数表达式；

（2）i）首先求出直线AC的解析式和线段PQ的长度，作为后续计算的基础．

若△MPQ为等腰直角三角形，则可分为以下两种情况：

①当PQ为直角边时：点M到PQ的距离为．此时，将直线AC向右平移4个单位后所得直线（y=x﹣5）与抛物线的交点，即为所求之M点；

②当PQ为斜边时：点M到PQ的距离为．此时，将直线AC向右平移2个单位后所得直线（y=x﹣3）与抛物线的交点，即为所求之M点．

ii）由（i）可知，PQ=为定值，因此当NP+BQ取最小值时，有最大值．

如答图2所示，作点B关于直线AC的对称点B′，由分析可知，当B′、Q、F（AB中点）三点共线时，NP+BQ最小，最小值为线段B′F的长度．

【解答】解：（1）∵等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），C的坐标为（4，3）

∴点B的坐标为（4，﹣1）．

∵抛物线过A（0，﹣1），B（4，﹣1）两点，

∴，解得：b=2，c=﹣1，

∴抛物线的函数表达式为：y=x2+2x﹣1．

（2）方法一：

i）∵A（0，﹣1），C（4，3），

∴直线AC的解析式为：y=x﹣1．

设平移前抛物线的顶点为P0，则由（1）可得P0的坐标为（2，1），且P0在直线AC上．

∵点P在直线AC上滑动，∴可设P的坐标为（m，m﹣1），

则平移后抛物线的函数表达式为：y=（x﹣m）2+m﹣1．

解方程组：，

解得，

∴P（m，m﹣1），Q（m﹣2，m﹣3）．

过点P作PE∥x轴，过点Q作QF∥y轴，则

PE=m﹣（m﹣2）=2，QF=（m﹣1）﹣（m﹣3）=2．

∴PQ==AP0．

若以M、P、Q三点为顶点的等腰直角三角形，则可分为以下两种情况：

①当PQ为直角边时：点M到PQ的距离为（即为PQ的长）．

由A（0，﹣1），B（4，﹣1），P0（2，1）可知，

△ABP0为等腰直角三角形，且BP0⊥AC，BP0=．

如答图1，过点B作直线l1∥AC，交抛物线y=x2+2x﹣1于点M，则M为符合条件的点．

∴可设直线l1的解析式为：y=x+b1，

∵B（4，﹣1），∴﹣1=4+b1，解得b1=﹣5，

∴直线l1的解析式为：y=x﹣5．

解方程组，得：，

∴M1（4，﹣1），M2（﹣2，﹣7）．

②当PQ为斜边时：MP=MQ=2，可求得点M到PQ的距离为．

如答图2，取AB的中点F，则点F的坐标为（2，﹣1）．

由A（0，﹣1），F（2，﹣1），P0（2，1）可知：

△AFP0为等腰直角三角形，且点F到直线AC的距离为．

过点F作直线l2∥AC，交抛物线y=x2+2x﹣1于点M，则M为符合条件的点．

∴可设直线l2的解析式为：y=x+b2，

∵F（2，﹣1），∴﹣1=2+b2，解得b2=﹣3，

∴直线l2的解析式为：y=x﹣3．

解方程组，得：，

∴M3（1+，﹣2+），M4（1﹣，﹣2﹣）．

综上所述，所有符合条件的点M的坐标为：

M1（4，﹣1），M2（﹣2，﹣7），M3（1+，﹣2+），M4（1﹣，﹣2﹣）．

方法二：

∵A（0，1），C（4，3），

∴lAC：y=x﹣1，

∵抛物线顶点P在直线AC上，设P（t，t﹣1），

∴抛物线表达式：，

∴lAC与抛物线的交点Q（t﹣2，t﹣3），

∵一M、P、Q三点为顶点的三角形是等腰直角三角形，P（t，t﹣1），

①当M为直角顶点时，M（t，t﹣3），，

∴t=1±，

∴M1（1+，﹣2），M2（1﹣，﹣2﹣），

②当Q为直角顶点时，点M可视为点P绕点Q顺时针旋转90°而成，

将点Q（t﹣2，t﹣3）平移至原点Q′（0，0），则点P平移后P′（2，2），

将点P′绕原点顺时针旋转90°，则点M′（2，﹣2），

将Q′（0，0）平移至点Q（t﹣2，t﹣3），则点M′平移后即为点M（t，t﹣5），

∴，

∴t1=4，t2=﹣2，

∴M1（4，﹣1），M2（﹣2，﹣7），

③当P为直角顶点时，同理可得M1（4，﹣1），M2（﹣2，﹣7），

综上所述，所有符合条件的点M的坐标为：

M1（4，﹣1），M2（﹣2，﹣7），M3（1+，﹣2+），M4（1﹣，﹣2﹣）．

ii）存在最大值．理由如下：

由i）知PQ=为定值，则当NP+BQ取最小值时，有最大值．

如答图2，取点B关于AC的对称点B′，易得点B′的坐标为（0，3），BQ=B′Q．

连接QF，FN，QB′，易得FN∥PQ，且FN=PQ，

∴四边形PQFN为平行四边形．

∴NP=FQ．

∴NP+BQ=FQ+B′Q≥FB′==．

∴当B′、Q、F三点共线时，NP+BQ最小，最小值为．

∴的最大值为=．

2019年3月26日

中考数学模拟试卷

一、选择题（每小题有且只有一个正确答案，本题共10小题，每小题3分，共30分）

1．计算的结果是

A． B． C． D．

2．如图，数轴上点所表示的数的绝对值是

A． B． C． D．以上都不对

3．如图，直线、被直线所截，且∥，则的度数是

A． B． C． D．

4．已知实数满足，则下列选项可能错误的是

A． B． C． D．

5．如图，在中，，，，则的度数是

A． B． C． D．

6．下列圆的内接正多边形中，一条边所对的圆心角最大的图形是

A．正三角形 B．正方形 C．正五边形 D．正六边形

7．株洲市展览馆某天四个时间段的进出馆人数统计如下表，则馆内人数变化最大的时间段是

A．9:00—10:00 B．10:00—11:00 C．14:00—15:00 D．15:00—16:00

8．三名初三学生坐在仅有的三个座位上，起身后重新就座，恰好有两名同学没有坐回原座位的概率是

A． B． C． D．

9．如图， 点分别为四边形四条边的中点，则关于四边形，下列说法正确的是

A．一定不是平行四边形 B．一定不是中心对称图形

C．可能是轴对称图形 D．当时，它为矩形

10．如图，若内一点满足，则点为的布洛卡点．

三角形的布洛卡点（）由法国数学家和数学教育家克洛尔（，）于年首次发现，但他的发现并未被当时的人们所注意．年，布洛卡点被一个数学爱好者法国军官布洛卡（，）重新发现，并用他的名字命名．问题：已知在等腰直角三角形中，，若为的布洛卡点，，则的值为

A． B． C． D．

二、填空题（本题共8小题，每小题3分，共24分）

11．如图，在中，的度数是 度．

12．因式分解： ．

13．分式方程的解是 ．

14．的3倍大于5，且的一半与1的差小于或等于2，

则的取值范围是 ．

15．如图，已知是的直径，直线经过点，且，，线段和分别交于点、，，则= 度．

16．如图，直线与轴、轴分别交于点、，当直线绕点按顺时针方向旋转到与轴首次重合时，点运动的路径的长度是 ．

17．如图，一块、、的直角三角板，直角顶点位于坐标原点，斜边垂直轴，顶点在函数的图象上，顶点在函数的图象上，，则 ．

18．如图，二次函数的对称轴在轴的右侧，其图象与轴交于点、点，且与轴交于点．小强得到以下结论：

①；②；③；④当时，．

以上结论中，正确结论的序号是 ．

三、解答题（本大题共8小题，共66分）

19．（本题满分6分）计算：．

20．（本题满分6分）先化简，再求值：，其中，．

21．（本题满分8分）某次世界魔方大赛吸引世界各地共600名魔方爱好者参加．本次大赛首轮进行3×3阶魔方赛，组委会随机地将爱好者平均分到20个区域，每个区域30名同时进行比赛，完成时间小于8秒的爱好者进入下一轮角逐．下图是3×3阶魔方赛A区域30名爱好者完成时间统计图．求：

（1）A区域3×3阶魔方赛爱好者进入下一轮角逐的人数的比例（结果用最简分数表示）；

（2）若3×3阶魔方赛各个区域的情况大体一致，则根据A区域的统计结果估计在3×3阶魔方赛后本次大赛进入下一轮角逐的人数；

（3）若3×3阶魔方赛A区域爱好者完成时间的平均值为8.8秒，求该项目赛该区域完成时间为8秒的爱好者的频率（结果用最简分数表示）．

22．（本题满分8分）如图，正方形的顶点在等腰直角三角形的斜边上，与交于点，连接．

（1）求证：≌；

（2）求证：∽．

23．（本题满分8分）如图，一架水平飞行的无人机的尾端点测得正前方的桥的左端点的俯角为，其中，无人机的飞行高度为米，桥的长度为米．

（1）求点到桥左端点的距离；

（2）若无人机前端点测得正前方的桥的右端点的俯角为，求这架无人机的长度．

24．（本题满分8分）如图，的直角顶点在函数的图象上，顶点在函数的图象上，轴，连接，记的面积为，的面积为，设．

（1）求的值及关于的表达式；

（2）若用和表示函数的最大值和最小值，令，其中为实数，求．

25．（本题满分10分）如图，为⊙的一条弦，点是劣弧的中点，是优弧上一点，点在的延长线上，且,线段交弦于点．

（1）求证：；

（2）若线段的长为，且，求的面积．

（注：根据圆的对称性可知）

26．（本题满分12分）已知二次函数．

（1）当时，求这个二次函数的对称轴的方程；

（2）若，问：为何值时，二次函数的图象与轴相切？

（3）若二次函数的图象与轴交于点、，且，与轴的正半轴交于点．以为直径的半圆恰好过点．二次函数的对称轴与轴、直线、直线分别交于点、，且满足．求二次函数的表达式．

参考答案及评分标准

一、选择题：（每小题有且只有一个正确答案，本题共10小题，每小题3分，共30分）

二、填空题：（本题共8小题，每小题3分，共24分）

11． 12． 13． 14．≤6

15．80 16． 17． 18．①④

三、解答题（本大题共8小题，共66分）

19．（本题满分6分）

解：原式= ----------------------------------------------------------------5分

---------------------------------------------------------------------------------6分

（其中：----1分 ----1分 ----1分）

20．（本题满分6分）

解：原式=---------------------------------------1分

---------------------------------2分

--------------------------------------------------3分

-----------------------------------------------------------4分

将，代入上式得，原式=-------------------------6分

21. (本题满分8分）

解：（1）A区域进入下一轮角逐的人数为4人，所以A区域进入下一轮角逐的人数的比例为----------------------------------------------------------------------------------------2分

（2）由可知：本次大赛进入下一轮角逐的人数约为人----------5分

（3）依题意可知，-----------------------6分

可得：， 解得---------------------------------------------------------7分

所以，该项目赛该区域完成时间为8秒的爱好者的频率为-----------------------8分

22. (本题满分8分）

证明：（1）等腰直角三角形中, --------------1分

正方形中, ---------------------------------------2分

，

----------------------------------------------------3分

在与中，

，，，

≌---------------------------------------------------4分

（2）由题意可知，，-------5分

由≌有----------------6分

又有-------------------------------7分

∽---------------------------------------------------8分

23．(本题满分8分）

解：（1）依题意可知，，

在中，，，，

所以，--------------------------------------------------------------------3分

所以(米)

所以点到桥左端点的距离米--------------------------------------------4分

（2）方法一：作于点，

由题意可知，在中，

，所以，---------------------------------6分

所以，(米) -------------7分

所以，这架无人机的长度为5米--------------------------------------------------------8分

方法二：延长、交于点， 由题意可知，，

在中，，设，则，

本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/d6481dcf7f21af45b307e87101f69e314332fae7.html