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2017 - 2018学年高考物理精做11圆周运动的相关计算大题精做1

发布时间：2019-11-18 15:34:08 来源：文档文库

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精做11 圆周运动的相关计算

1．（2016·新课标全国Ⅲ卷）如图，在竖直平面内有由word/media/image2_1.png圆弧AB和word/media/image3_1.png圆弧BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B平滑连接。AB弧的半径为R，BC弧的半径为word/media/image4_1.png。一小球在A点正上方与A相距word/media/image5_1.png处由静止开始自由下落，经A点沿圆弧轨道运动。

（1）求小球在B、A两点的动能之比；

（2）通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点。

【答案】（1）word/media/image7_1.png （2）小球恰好可以沿轨道运动到C点

【解析】（1）设小球的质量为m，小球在A点的动能为word/media/image8_1.png，由机械能守恒可得word/media/image9_1.png①

设小球在B点的动能为word/media/image10_1.png，同理有word/media/image11_1.png②

由①②联立可得word/media/image7_1.png③

（2）若小球能沿轨道运动到C点，小球在C点所受轨道的正压力N应满足word/media/image12_1.png④

【方法技巧】分析清楚小球的运动过程，把握圆周运动最高点临界速度的求法：重力等于向心力，同时要熟练运用机械能守恒定律。

2．竖直平面内有一圆形绝缘细管，细管截面半径远小于半径R，在中心处固定一带电荷量为+Q的点电荷。质量为m、带电荷量为+q的带电小球在圆形绝缘细管中做圆周运动，当小球运动到最高点时恰好对管无作用力，求当小球运动到最低点时对管壁的作用力。

【答案】N=6mg

【解析】在最高点是重力提供向心力，故：

mg–F=mword/media/image16_1.png

最低点，重力和支持力的合力提供向心力，故：

N–mg–F=mword/media/image17_1.png

从最高点到最低点过程只有重力做功，根据动能定理，有：

mg·2R=word/media/image18_1.png

其中：F=word/media/image19_1.png

联立解得：N=6mg

根据牛顿第三定律，压力为6mg

【名师点睛】对于圆周运动的问题，往往与动能定理或机械能守恒定律综合起来进行考查，基本题型，难度适中。

3．如图，一个质量为M的人，站在台秤上，手拿一个质量为m，悬线长为R的小球，在竖直平面内做圆周运动，且摆球恰能通过圆轨道最高点，求台秤示数的变化范围。

【答案】Mg–0.75mg≤F≤(M+6m)g

小球通过最低点时，由牛顿第二定律得：T–mg=mword/media/image22_1.png，解得：T=6mg

台秤的最大示数：F最大=(M+6m)g

小球运动到最高点时，细线中拉力为零，台秤的示数为Mg，但是不是最小，当小球处于如图所示状态时

设其速度为v1，由机械能守恒定律得：

word/media/image24_1.pngmv12=word/media/image24_1.pngmv02+mgR(1–cos θ)

由牛顿第二定律得：T′+mgcos θ=mword/media/image25_1.png

解得，悬线拉力：T′=3mg(1–cos θ)

其分力：Ty=Tcos θ=3mgcos θ–3mgcos2 θ

当cos θ=word/media/image26_1.png，即θ=60°时

台秤的最小示数为：F最小=Mg–word/media/image27_1.pngmg=Mg–0.75mg

台秤示数的变化范围为Mg–0.75mg≤F≤(M+6m)g

【名师点睛】对物体进行受力分析，运用牛顿第二定律列出力与力的关系，根据题目的条件中找到临界状态。对于圆周运动的受力问题，我们要找出向心力的来源。

4．如图所示，一光滑的半径为R的半圆形轨道固定在水平面上，一个质量为m的小球先后两次以不同的速度冲上轨道，第一次小球恰能通过轨道的最高点A，之后落于水平面上的P点，第二次小球通过最高点后落于Q点，P、Q两点间距离为R。求：

（1）第一次小球落点P到轨道底端B的距离；

（2）第二次小球经过A点时对轨道的压力。

【答案】（1）word/media/image29_1.png （2）word/media/image30_1.png

（2）根据题意可得word/media/image32_1.png

根据word/media/image33_1.png

解得word/media/image34_1.png

设第二次小球经过轨道A点时，轨道对小球的弹力为word/media/image35_1.png

word/media/image36_1.png

解得word/media/image37_1.png

根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力为word/media/image38_1.png

5．如图所示，匀速转动的水平转台上，沿半径方向放置两个用细线相连的小物块A、B（可视为质点），质量分别为word/media/image39_1.png kg、word/media/image40_1.png kg；细线长L=2 m，A、B与转台间的动摩擦因数μ=0.2。开始转动时A放在转轴处，细线刚好拉直但无张力，重力加速度g=10 m/s2。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：

（1）使细线刚好拉直但无张力，转台转动的最大角速度ω1为多少；

（2）使A、B能随转台一起匀速圆周运动，转台转动的最大角速度ω2为多少

【答案】（1）ω1=1 rad/s （2）ω2=2 rad/s

6．如图所示，在水平面上固定一个半径R=1.6 m的3/4光滑圆弧轨道的工件，其圆心在O点，AOC连线水平，BOD连线竖直。在圆周轨道的最低点B有两个质量分别为m1=2 kg，m2=1 kg的可视为质点的小球1和2，两小球间夹有一个极短的轻弹簧，当弹簧储存了Ep=90 J的弹性势能时锁定弹簧。某时刻解除锁定，弹簧将两个小球弹开，重力加速度g=10 m/s2，试求：

（1）两小球脱离弹簧瞬间的速度的大小

（2）通过计算说明小球2第一次沿轨道上滑过程中能否通过D点？

【答案】（1）v1=word/media/image44_1.png m/s v2=2word/media/image45_1.png m/s （2）能通过

（2）小球2向右运动，设其能到达圆周轨道的最高点D，由机械能守恒，有：word/media/image47_1.png

代入数据解得：vD=word/media/image48_1.png m/s

又小球能通过竖直面内光滑圆周最高点的条件为：mg=mword/media/image49_1.png

代入数据解得：v=4 m/s

由于v<vD，故小球2能通过D点。

【名师点睛】弹簧将两个小球弹开的过程动量守恒、机械能守恒，根据动量守恒定律、机械能守恒定律列方程，可求出两球的速度。小球到达圆周轨道的最高点的过程，机械能守恒，列出方程，可求到达D点的速度。小球能通过竖直面内光滑圆周最高点的最小向心力为重力，根据牛顿第二定律求出最小速度。与求出的D点速度比较可知能否到达最高点。

7．如图，用一根长为L=1 m的细线，一端系一质量为m=1 kg的小球（可视为质点），另一端固定在一光滑锥体顶端，锥面与竖直方向的夹角θ=37°，当小球在水平面内绕锥体的轴做匀速圆周运动的角速度为ω时，细线的张力为T。求（g=10 m/s2，sin 37°=3/5，cos 37°=4/5，计算结果可用根式表示）：

（1）若要小球离开锥面，则小球的角速度ω0至少为多大？

（2）若细线与竖直方向的夹角为60°，则小球的角速度word/media/image51_1.png为多大？

（3）细线的张力T与小球匀速转动的加速度ω有关，当ω的取值范围在0到word/media/image51_1.png之间时，请通过计算求解T与ω2的关系，并在坐标纸上作出T–ω2的图象，标明关键点的坐标值。

【答案】（1）word/media/image52_1.png （2）word/media/image53_1.png （3）见解析

（3）a．当ω1=0时T1=mgcos θ=8 N，标出第一个特殊点坐标（0，8 N）

b．当0<ω<word/media/image55_1.png rad/s时，根据牛顿第二定律得：Tsin θ−Ncos θ=mω2lsin θ

Tcos θ+Nsin θ=mg

得，T=mgcos θ+mlω2sin2 θ=8+word/media/image56_1.pngω2

当ω2=word/media/image55_1.png rad/s时，T2=12.5 N

标出第二个特殊点坐标[12.5 (rad/s)2，12.5 N]

c．当word/media/image55_1.png rad/s≤ω≤word/media/image57_1.png rad/s时，小球离开锥面，设细线与竖直方向夹角为β

T3sin β=mω2lsin β

∴T3=mlω2

当ω=ω′=word/media/image57_1.png rad/s时，T3=20 N

标出第三个特殊点坐标[20 (rad/s)2，20 N]

画出T–ω2图象如图所示。

8．如图所示，光滑杆AB长为L，B端固定一根劲度系数为k、原长为word/media/image59_1.png的轻弹簧，质量为m的小球套在光滑杆上并与弹簧的上端连接，word/media/image60_1.png为过B点的竖直轴，杆与水平面间的夹角始终为word/media/image61_1.png。

（1）感保持静止状态，让小球从弹簧的原长位置静止释放，求小球释放瞬间的加速度大小a及小球速度最大时弹簧的压缩量word/media/image63_1.png；

（2）当球随杆一起绕word/media/image64_1.png轴匀速转动时，弹簧伸长量为word/media/image65_1.png，求匀速转动的角速度word/media/image66_1.png；

（3）若word/media/image67_1.png，移去弹簧，当杆绕word/media/image68_1.png轴以角速度word/media/image69_1.png，匀速转动时，小球恰好在杆上某一位置随杆在水平面内匀速转动，球受轻微扰动后沿杆向上滑动，到最高点A时球沿杆方向的速度大小为word/media/image70_1.png，求小球从开始滑动到离开杆过程中，杆对球所做的功W。

【答案】（1）word/media/image71_1.png word/media/image72_1.png （2）word/media/image73_1.png （3）word/media/image74_1.png

【解析】（1）小球释放的瞬间，小球的加速度大小为：word/media/image75_1.png

当小球速度相等时，有：word/media/image76_1.png，解得弹簧的压缩量为：word/media/image77_1.png

（2）当弹簧伸长量为word/media/image78_1.png，受力如图所示：

在水平方向上有：word/media/image80_1.png

竖直方向上有：word/media/image81_1.png，解得：word/media/image73_1.png。

（3）当杆绕word/media/image68_1.png轴以角速度word/media/image82_1.png匀速转动时，设小球距离B点word/media/image83_1.png，此时有：word/media/image84_1.png

解得：word/media/image85_1.png，此时小球的动能为：word/media/image86_1.png

小球在最高点A离开杆瞬间的动能为：word/media/image87_1.png

根据动能定理有：word/media/image88_1.png，解得：word/media/image74_1.png

【名师点睛】本题考查了动能定理、牛顿第二定律、胡克定律与圆周运动的综合，知道小球做匀速转动时，靠径向的合力提供向心力，由静止释放时，加速度为零时速度最大。

9．一转动装置如图所示，四根轻杆OA、OC、AB和CB与两小球以及一小环通过铰链连接，轻杆长均为l，球和环的质量均为m，O端固定在竖直的轻质转轴上，套在转轴上的轻质弹簧连接在O与小环之间，原长为L，装置静止时，弹簧长为word/media/image89_1.pngL，转动该装置并缓慢增大转速，小环缓慢上升。弹簧始终在弹性限度内，忽略一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g，求：

（1）弹簧的劲度系数k；

（2）AB杆中弹力为零时，装置转动的角速度ω0。

【答案】（1）word/media/image91_1.png （2）word/media/image92_1.png

【解析】（1）装置静止时，设OA、AB杆中的弹力分别为F1、T1，OA杆与转轴的夹角为θ1。

小环受到弹簧的弹力word/media/image93_1.png

小环受力平衡：F弹1=mg+2T1cos θ1

小球受力平衡：F1cos θ1+T1cos θ1–mg=0；F1sin θ1–T1sin θ1=0

解得：word/media/image91_1.png

10．如图所示，半径为R的光滑圆周轨道AB固定在竖直平面内，O为圆心，OA与水平方向的夹角为30°，OB在竖直方向。一个可视为质点的小球从O点正上方某处以某一水平初速度向右抛出，小球恰好能无碰撞地从A点进入圆轨道内侧，此后沿圆轨道运动到达B点。已知重力加速度为g，求：

（1）小球初速度的大小；

（2）小球运动到B点时对圆轨道压力的大小。

【答案】（1）word/media/image96_1.png （2）word/media/image97_1.png

【解析】（1）设小球的初速度为word/media/image98_1.png，飞行时间为t，则在水平方向有word/media/image99_1.png

在竖直方向有word/media/image100_1.png，word/media/image101_1.png

小球运动到A点时与轨道无碰撞，故word/media/image102_1.png

联立解得word/media/image96_1.png，word/media/image103_1.png

（2）抛出点距轨道最低点的高度word/media/image104_1.png

设小球运动到最低点B时速度为v，对圆轨道的压力为F

根据机械能守恒有word/media/image105_1.png

根据牛顿运动定律有word/media/image106_1.png

联立解得word/media/image97_1.png

【名师点睛】对于多过程问题，需要将运动对象在每一个过程中的运动性质分析清楚，然后根据相对应规律列式求解。

11．如图所示，一根轻质细杆的两端分别固定着A、B两个小球，在杆上的O点装一光滑水平轴，已知两球质量均为m，AO=l，BO=2l。现从水平位置以某一初速度释放，当转到竖直位置时，A球对杆的拉力为mg，则此时B球对细杆的作用力为多大？

【答案】T=5mg

【解析】由题意知，小球AB转动的角速度相等，对A球有：

受重力和杆的拉力作用做圆周运动故有：

word/media/image108_1.png

可得球A转动的角速度：word/media/image109_1.png

再以B球为研究对角，有：

T–mg=m2lω2=4mg

所以杆对球的拉力T=5mg

【名师点睛】注意A、B两球用轻杆相连，两球转动的角速度相等，这是正确解题的关键。

12．如图所示，一根跨越一固定的水平光滑细杆的柔软、不可伸长的轻绳，绳子总长为3L，细杆O点离地高为2L，两端各系一个质量不等的小球A和B，已知球B的质量为m0。球A置于地面上，球B被拉到与细杆同样的高度的水平位置，在绳恰被拉直时从静止释放小球B。假设小球A始终未离开地面，空气阻力不计，重力加速度大小为g。

（1）小球B下落到最低点过程中重力的瞬时功率大小如何变化；

（2）当B球下落到绳子与竖直方向成60°角时重力的瞬时功率多大；

（3）若小球B达到竖直位置时，A球与地面压力恰好为零，则小球A的质量是小球B质量的几倍。

【答案】（1）先变大后减小（2）word/media/image111_1.png （3）word/media/image112_1.png

【解析】（1）B球刚开始时速度为零，重力的瞬时功率为零，到最低点时速度水平与重力垂直，重力的瞬时功率也为零，故瞬时功率先变大后减小。

（2）下落过程中机械能守恒：word/media/image113_1.png

重力的瞬时功率为：word/media/image114_1.png

解得：word/media/image111_1.png

（3）对A球此时：word/media/image115_1.png

对B球，由牛顿第二定律：word/media/image116_1.png

由机械能守恒定律：word/media/image117_1.png

得：word/media/image112_1.png

故A球的质量是B球质量的3倍

【名师点睛】本题主要考查了机械能守恒定律、牛顿第二定律、瞬时功率。B球刚开始时速度为零，瞬时功率为零，到最低点时速度水平与重力垂直，瞬时功率也为零，故瞬时功率先变大后减小；由机械能守恒定律求出速度，即可得出瞬时功率；根据牛顿第二定律和机械能守恒定律得出两球质量间的关系。

13．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有一长为l的细线，细线的一端固定在O点，另一端拴一质量为m的小球，现使小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动求：

（1）小球通过最高点A时的速度vA；

（2）小球通过最低点B时，细线对小球的拉力。

【答案】（1）vA=word/media/image119_1.png （2）T=6mgsin θ

【解析】（1）小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：

mgsin θ=mword/media/image120_1.png

解得：vA=word/media/image119_1.png

（2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有：

word/media/image121_1.pngmvA2+mg·2lsin θ=word/media/image121_1.pngmvB2

解得：vB=word/media/image122_1.png

小球在B点时根据圆周运动和牛顿第二定律有：

T–mgsin θ=mword/media/image123_1.png

解得：T=6mgsin θ

【名师点睛】本题关键是明确小球的运动规律，找到圆周运动时的向心力来源，对于类似平抛运动，根据分位移公式列式求解。

14．一质量为2 000 kg的汽车，行驶到一座半径为40 m的圆弧形拱桥顶端时，汽车运动速度为8 m/s。求此时汽车对桥面的压力的大小（g=10 m/s2）。

【答案】此时汽车对桥面的压力的大小为16 800 N。

15．如图所示，半径R=0.5 m的光滑圆弧面CDM分别与光滑斜面体ABC和斜面MN相切于C、M点，斜面倾角分别如图所示。O为圆弧圆心，D为圆弧最低点，C、M在同一水平高度。斜面体ABC固定在地面上，顶端B安装一定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮（不计滑轮摩擦）分别连接小物块P、Q（两边细绳分别与对应斜面平行），并保持P、Q两物块静止。若PC间距为L1=0.25 m，斜面MN足够长，物块P质量m1=3 kg，与MN间的动摩擦因数word/media/image127_1.png，重力加速度g=10 m/s2求：（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）

（1）小物块Q的质量m2；

（2）烧断细绳后，物块P第一次到达D点时对轨道的压力大小；

（3）物块P在MN斜面上滑行的总路程。

【答案】（1）word/media/image129_1.png （2）word/media/image130_1.png （3）word/media/image131_1.png

【解析】（1）根据共点力平衡条件，两物体的重力沿斜面的分力相等，有：

word/media/image132_1.png

解得：word/media/image129_1.png，即小物块Q的质量word/media/image133_1.png为word/media/image134_1.png

（2）P到D过程，由动能定理得word/media/image135_1.png，根据几何关系，有：

word/media/image136_1.png

在D点，支持力和重力的合力提供向心力：word/media/image137_1.png，解得：word/media/image130_1.png，由牛顿第三定律得，物块P对轨道的压力大小为word/media/image138_1.png

（3）分析可知最终物块在CDM之间往复运动，C点和M点速度为零，由全过程动能定理得：word/media/image139_1.png，解得：word/media/image131_1.png，即物块P在MN斜面上滑行的总路程为word/media/image140_1.png。

【名师点睛】本题关键对物体受力分析后，根据平衡条件、牛顿第二定律、运动学公式和动能定理综合求解，对各个运动过程要能灵活地选择规律列式。

16．长L=0.5 m、质量可忽略的杆，其一端固定于O点，另一端连有质量m=2 kg的小球，它绕O点在竖直平面内做圆周运动。当通过最高点时，如图所示，求下列情况下，杆受到的力（计算出大小，并说明是拉力还是压力，g取10 m/s2）：

（1）当v=1 m/s时，杆受到的力多大，是什么力？

（2）当v=4 m/s时，杆受到的力多大，是什么力？

【答案】（1）小球对杆子的作用力为向下的压力，大小为16 N （2）小球对杆子的作用力为向上的拉力，大小为44 N

【解析】对小球受力分析，假设杆子对小球的作用力方向竖直向上大小为F：

根据牛顿第二定律：mg–F=word/media/image142_1.png

（1）当v=1 m/s时，解得：F=mg–word/media/image142_1.png=16 N

故杆子对小球的作用力大小为16 N，方向向上。

根据牛顿第三定律小球对杆子的作用力为向下的压力，大小为16 N

（2）当v=4 m/s时，解得：F=mg–word/media/image142_1.png=–44 N，负号表示力F的方向与题目假设的方向相反

故杆子对小球的作用力大小为44 N，方向向下

根据牛顿第三定律小球对杆子的作用力为向上的拉力，大小为44 N

17．如图所示，质量为m的小球A、B分别固定在轻杆的中点和端点，当杆在光滑水平面上绕O点匀速转动时，求杆OA段与AB段对球的拉力之比。

【答案】word/media/image144_1.png

【解析】设word/media/image145_1.png，两球质量均为word/media/image146_1.png，小球转动的角速度为word/media/image147_1.png，杆OA段与AB段对球的拉力大小分别为word/media/image148_1.png，根据牛顿第二定律得：对B球有：word/media/image149_1.png，对A球有：word/media/image150_1.png

联立可以得到，word/media/image151_1.png，解得：word/media/image144_1.png

【名师点睛】本题中A、B两球的加速度不同，不能用整体法研究，只能用隔离法处理。列式时，要抓住两球的角速度相等。

18．如图，质量为0.5 kg的小杯里盛有1 kg的水，用绳子系住小杯在竖直平面内做“水流星”表演，转动半径为2 m，小杯通过最高点的速度为6 m/s，g取10 m/s2，求：

（1）在最高点时，绳的拉力？

（2）在最高点时水对小杯底的压力？

（3）为使小杯经过最高点时水不流出，在最高点时最小速率是多少?

【答案】（1）T=12 N （2）F=8 N （3）word/media/image153_1.png

【解析】（1）小杯质量m=0.5 kg，水的质量M=1 kg，在最高点时，杯和水的受重力和拉力作用，如图所示，

合力F合=(M+m)g+T①

圆周半径为R，则F向=(M+m)word/media/image155_1.png②

F合提供向心力，有(M+m)g+T=(M+m)word/media/image155_1.png

所以细绳拉力为：T=(M+m)(word/media/image155_1.pngg)=(1+0.5)(word/media/image156_1.png10)=12 N

（3）小杯经过最高点时水恰好不流出时，此时杯对水的压力为零，只有水的重力作为向心力，由（2）得：

Mg=Mword/media/image155_1.png

解得：word/media/image158_1.png。

【名师点睛】水桶在竖直面内做圆周运动时向心力的来源是解决题目的重点，分析清楚哪一个力做为向心力，再利用向心力的公式可以求出来，必须要明确的是当水桶恰好能过最高点时，只有水的重力作为向心力，此时水恰好流不出来。

19．如图所示为赛车场的一个水平“梨形”赛道，两个弯道分别为半径word/media/image159_1.png的大圆弧和word/media/image160_1.png的小圆弧，直到与弯道相切，大。小圆弧圆心O、word/media/image161_1.png距离word/media/image162_1.png，赛车沿弯道路线行驶时，路面对轮胎的最大径向静摩擦力是赛车重力的word/media/image163_1.png倍，假设赛车在直道上做匀变速直线运动，在弯道上做匀速圆周运动，要使赛车不打滑，赛车绕赛道一圈的时间最短（发动机功率足够大，重力加速度word/media/image164_1.png，结果小数点后保留两位）

（1）求赛车在直道上的加速度大小？

（2）求最短时间？

【答案】（1）word/media/image166_1.png （2）word/media/image167_1.png

【解析】（1）设经过小圆弧的速度为word/media/image168_1.png，经过小圆弧时由最大静摩擦力提供向心力，由word/media/image169_1.png可知，代入数据解得：word/media/image170_1.png，由几何关系可得直道的长度为：word/media/image171_1.png，再由word/media/image172_1.png代入数据解得：word/media/image166_1.png

【名师点睛】解答此题的关键是由题目获得条件：在弯道上由最大静摩擦力提供向心力；由数学知识求得圆弧的长度，另外还要熟练掌握匀速圆周运动的知识。

20．如图所示，半径R=0.4 m的圆盘水平放置，绕竖直轴word/media/image174_1.png匀速转动，在圆心O正上方h=0.8 m高处固定一水平轨道，与转轴交于word/media/image175_1.png点。一质量m=1 kg的小车（可视为质点）可沿轨道运动，现对其施加一水平拉力F=4 N，使其从word/media/image175_1.png左侧2 m处由静止开始沿轨道向右运动。当小车运动到word/media/image175_1.png点时，从小车上自由释放一小球，此时圆盘的半径OA正好与轨道平行，且A点在O的右侧。小车与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，g取10 m/s2。

（1）若小球刚好落到A点，求小车运动到word/media/image175_1.png点的速度大小；

（2）为使小球刚好落在A点，圆盘转动的角速度应为多大？

（3）为使小球能落到圆盘上，小车在水平拉力F作用时运动的距离范围应为多大？

【答案】（1）word/media/image177_1.png （2）word/media/image178_1.png （3）1~1.125 m

【解析】（1）小球下落时间word/media/image179_1.png，word/media/image180_1.png

（2）小球下落过程中圆盘应恰好转过n圈（n=1，2，3···）

word/media/image181_1.png

【名师点睛】解决本题的关键知道物块整个过程的运动：匀加速直线运动、匀减速直线运动和平抛运动，知道三个过程的运动时间与圆盘转动的时间相等。以及熟练运用运动学公式；解题思路：（1）物块离开O′点后做平抛运动，可以求出平抛运动的时间和平抛运动的初速度，从而得出小车运动到O′点速度；（2）若圆盘转一圈，物块恰好调入小桶，此时作用力时间最短。圆盘转一圈的时间与平抛运动时间是相等。从而得出圆盘转动的角速度最小值，也有可能在平抛运动时间内，圆盘转动n圈。因此求出转动角速度。（3）根据第一问求出小球能落到圆盘上在O′点的速度范围，再从P到O′的过程中，根据动能定理列式求解。