北京市东城区普通高中示范校2013届高三综合练习(一)数学试卷(理科)
一、选择题:本大题共8小题。每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知全集,集合,则为
A. B.
C. D.
2.是的
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
3.若,则下列各式正确的是
A. B.
C. D.
4.在等差数列中,,且,则的最大值是
A. B. C. D.
5.如图,某几何体的正视图和俯视图都是矩形,侧视图是平行四边形,则该几何体的体积为
A. B. C. D.
6.下列命题中,真命题是
A.
B.
C.
D.
7.已知、为双曲线C:的左、右焦点,点在上,∠=,则
到轴的距离为
A. B. C. D.
8.设函数,若互不相等的实数满足
,则的取值范围是
A. B. C. D.
二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分.把答案填在题中横线上.
9.已知则___________.
10.函数在区间上存在一个零点,则实数的取值范围是
11.由曲线,直线及轴所围成的图形的面积为 .
12.正三角形边长为2,设,,则_____________.
13.已知命题:是奇函数;。下列函数:
①,②,③中
能使都成立的是 .(写出符合要求的所有函数的序号).
14. 集合,
集合,,设集合是所有的并集,则的面积为________.
三、解答题:本大题共6小题,共80分,解答应写出文字说明,证明步骤或演算步骤.
15.(本小题满分13分)
已知函数
(1)求函数的最小正周期和单调递增区间;
(2)函数的图象经过怎样的变换可以得到的图象?
16.(本小题满分13分)
已知数列的前项和为,数列满足,
.
(1)求数列的通项公式;
(2)求数列的前项和.
17.(本小题满分14分)
如图,在三棱锥中,侧面与底面垂直, 分别是的中点,,,.
(1)求证://平面;
(2)若点在线段上,问:无论在的何处,是否都有?请证明你的结论;
(3)求二面角的平面角的余弦值.
[来源:Z_xx_k.Com]
18. (本小题满分13分)
椭圆的中心为坐标原点,右焦点为,且椭圆过点。的三个顶点都在椭圆上,设三条边的中点分别为.
(1)求椭圆的方程;
(2)设的三条边所在直线的斜率分别为,且。若直线
的斜率之和为0,求证:为定值.
19. (本小题满分13分)[来源:学科网]
已知函数().
(1)求函数的单调区间;
(2)对,不等式恒成立,求的取值范围.
20.(本小题满分14分)
将所有平面向量组成的集合记作,是从到的映射,记作或,其中都是实数。定义映射的模为:在的条件下的最大值,记做.若存在非零向量,及实数使得,则称为的一个特征值.
(1)若,求;
(2)如果,计算的特征值,并求相应的;
(3)若,要使有唯一的特征值,实数应满足什么条件?试找出一个映射,满足以下两个条件:①有唯一的特征值,②,并验证满足这两个条件.
北京市东城区普通高中示范校2013届高三综合练习(一)数学试卷(理科)
参考答案
9. 1 10. 11.
12. 13. ①② 14.
15.解:(1)
=
=
= …………………6分
最小正周期
单调递增区间 , ………………9分
(2) 向左平移个单位;向下平移个单位 ………………13分
16.解(1)
………………4分
++3 ,
++3,
两式作差:3-=2
………………………10分
(2) = …………………………13分
17.解:(1)分别是的中点
//
又平面
//平面 …………………………3分
(2) 在中,//,
平面平面,
平面,平面
平面
平面
所以无论在的何处,都有 ………………………8分
(3) 由(2)平面
又
平面
是二面角的平面角
在中
所以二面角的平面角的余弦值为 …………………14分
法二:
(2) 是的中点, [来源:Zxxk.Com]
又平面平面
平面
同理可得平面
在平面内,过作 以为原点,所在直线为轴,建立空间直角坐标系,如图所示,则,,,,
,,
,设,则,
恒成立,所以无论在的何处,都有
(3)由(2)知平面的法向量为=
设平面的法向量为
则,
即 令,则,
所以二面角的平面角的余弦值为 ………………………14分
18.解:(1)设椭圆的方程为,
由题意知:左焦点为
所以,
解得, .
故椭圆的方程为.(方法2、待定系数法)………………………4分
(2)设,,
由:,,两式相减,得到
所以,即, …………………9分
同理,
所以,又因为直线的斜率之和为0,
所以 …………………………13分
方法2:
设直线:,代入椭圆,得到
,化简得
以下同。 ………………………13分
19.解:(1)
…………………2分
当时,
所以,在和上单调递增;在上单调递减。
当时,,在上单调递增。
当时,
所以,在和上单调递增;在上单调递减。……………8分
(2)法一、因为,
所以由得,
即函数对恒成立
由(Ⅰ)可知,
当时,在单调递增,则,成立,故<。
当,则在上单调递增,恒成立,符合要求。
当,在上单调递减,上单调递增,则,
即,。
综上所述,。 ……………13分
法二、当时,;
当时,由得,对恒成立。
设,则
由,得或
,所以,,。 ………………………13分
20.解:(1)由于此时,又因为是在的条件下,有
(时取最大值),所以此时有。
……………………4分
(2)由,
可得:,解此方程组可得:,从而。
当时,解方程 此时这两个方程是同一个方程,所以此时方程有无穷多个解,为(写出一个即可),其中且。
当时,同理可得,相应的(写出一个即可),
其中且 ………9分
(3)解方程组
从而向量与平行,从而有应满足:
。
当时,有唯一的特征值,且。具体证明为:
由的定义可知:对任意的有:,所以为特征值。此时。
满足:,所以有唯一的特征值。[来源:学§科§网Z§X§X§K]
在的条件下,从而有。……………14分
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