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最新--上海市崇明县高三二模物理试卷及答案 精品

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崇明县2018年第二次高考模拟考试试卷
高三物理
（考试时间120分钟，满分150分，请将答案填写在答题纸上）
一、单项选择题（共16分，每小题2分。每小题只有一个正确选项。）
1、关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是A．液体分子的无规则运动称为布朗运动
B．物体的温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大
C．物体的温度升高，物体内分子势能一定增大D．物体从外界吸收热量，其温度一定升高2、表征物体做简谐振动快慢的物理量是
A．回复力B．振幅C．周期D．位移
3、下列有关科学家和其在物理学中的贡献描述正确的是
A．卡文迪什发现了万有引力定律B．法拉第发现了电流的磁效应C．贝克勒尔首先发现了天然放射现象



D．汤姆生提出了原子的核式结构模型4、如图所示，A、B是某“门”电路的输入信号，Z是相应的
输出信号。由此可以判断，该门电路是A．“或”门B．“与”门C．“非”门D．“与非”门5、关于机械波，下列说法与事实不一致的是．
A．能在真空中传播B．频率由波源决定B．能产生干涉、衍射现象D．在传播过程中能传递能量
6、下列那个核反应方程是重核裂变的方程
A．B．C．D．
2
1
41
H31H2He0n
ABZ
3015
0
P3014Si1e171N42He8O1H11361U0n9038Sr54Xe100n
147
23592
7、在电磁波谱中，红外线、可见光和X射线三个波段的频率大小关系是
A．红外线的频率最大，可见光的频率最小B．可见光的频率最大，红外线的频率最小C．X射线频率最大，红外线的频率最小



D．X射线频率最大，可见光的频率最小



8、在如图所示装置中，质量为m的物体悬
2
a
b

挂在轻绳上O点，
轻绳的一端固定在a点，另一端绕过轻质滑轮b后悬挂一
Om2
m1
质量为m的物体．已知悬点a、b间的距离远大于滑轮的
1
直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态，则A．一定等于B．一定不等于C．m一定小于mD．m可能等于m
1
2
1
2

二、单项选择题（共24分，每小题3分。每小题只有一个正确选项。）
9、如图所示，一两头开口的圆柱形容器竖立在
S
F
水平面上，上部圆筒较细，下部圆筒较粗且
足够长．容器下部圆筒中有一可沿圆筒无摩擦移动的活塞S，用细绳通过测力计F将活塞提着，容器中盛有一定量的水．现提着活塞的同时使活塞缓慢地下移．在这一过程中，测力计的读数
A．一直保持不变B．先变小，然后保持不变
C．先变大，然后保持不变D．先变小，然后变大



10、一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速
直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图像中，能描述该过程的
11、如图所示，一只小鸟沿着较粗均匀的树枝从右向左缓慢爬行，在小鸟从A运动到B的过程中
A．树枝对小鸟的作用力先减小后增大B．树枝对小鸟的摩擦力先减小后增大C．树枝对小鸟的弹力先减小后增大D．树枝对小鸟的弹力保持不变12、如图，某示波管内的聚焦电场，上下
对称分布的实线和虚线分别表示电场线和等势线，一电子分别在a、b、c
三点，所受的电场力为F、F和F，所具有的电势能为E，
a
b
c
a
B
A
a
c
b
Eb，Ec，则他们的大小关系是



A．FC．F
a
Fc，EaEcFc，EbEc
B．FD．F
a
Fb，EaEbFc，EbEc
bb



13．如图所示，在外力作用下某质点作直线运动的t图像为
正弦曲线．从图中可以判断A．在0～t时间内，外力做正功
3
B．在0～t时间内，外力的功率逐渐增大
1
C．在t时刻，外力的功率最大
2
D．在t～t时间内，外力做的总功不为零
1
3
14、如图所示是一个单边斜拉桥模型，均
匀桥板重为G，可绕通过O点的水平固定轴转动．
7根与桥面均成30°角的平行钢索拉
G
30°
O
住桥面，其中正中间的一根钢索系于桥的重心位置，其余成等距离分布在它的两侧．若每根钢索所受拉力大小相等且等于F，则
A．F1GB．F2G
7
7
C．F3GD．F4G
7
7
15、在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，
M
设计了一种报警装置。电路如图所示，M传感器是贴在针口处的
传感器，接触到药液时其电阻R会发生变化，导致S两端
M
R
S
的电压U增大而报警．此时



A．R变大，且R越大，U增大越明显
M
B．R变大，且R越小，U增大越明显
M
C．R变小，且R越大，U增大越明显
M
D．R变小，且R越小，U增大越明显
M
16、如图所示，两端开口、内径均匀的玻璃弯管竖直固定，两
段水银柱将空气柱B封闭在玻璃管左侧的竖直部分，A侧水银有一部分在水平管中。若保持温度不变，向右管缓缓注入少量水银，稳定后
A．右侧水银面高度差h1减小B．空气柱B的长度不变C．空气柱B的压强增大D．左侧水银面高度差h2增大
三、多项选择题（共16分，每小题4分，
每小题有二个或三个正确选项。全选对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错或不答的，得0分。）17、在图所示电路中，E为电源电动势，

rE
R2R0
R3
RR1

A
h2
B
h1


r为电源内阻，
R1为可变电阻，当R1调大时
A．R2上的功率增大B．R3上的功率增大
C．Ro上的功率增大D．R上的功率增大
18、如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移
x与斜面倾角θ的关系，将某一物体每次以不变的初速率v
0
沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角θ，实验测得x与斜面倾角θ的关系如图乙所示，g取10m/s，根据图像可求出A．物体的初速率v
0
2
3m/s
x/m2.40
1.80
0.75B．物体与斜面间的动摩擦因数vx
0
xmin
O
C．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达甲
到的位移x的最小值x
min
θ
乙
θ/度
90/m
1.44m
D．当45时，物体达到最大位移后
将停在斜面上
19、如图所示，一质量为m的小球以初动能E从地面竖直向
k0
上抛出，已知运动过程中受到恒定阻力f
kmg作用（k
为常数且满足
EEk0E1
0k1）．图中两条图线分别表示小球

o
h1
h0
h


在上升过程中动能和重力势能与其上升高度之间的关系（以地面为零势能面），h表示上升的最大高度．则由图可
0
知，下列结论正确的是A．E1是最大势能，且E
EK0
k1
B．上升的最大高度h0EK0
(k1mg
1k
C．落地时的动能E

kEK0k1

1
D．在h1处，物体的动能和势能相等，且h

Ek0
(k2mg

20、如图甲所示，两固定的竖直光滑金属导轨
c、d
h
足够长且电阻不计．两质量、长度均相同的导体棒c、d，置于边界水平的匀强磁场上方同一高度h处．磁场宽为3h，方向与
图甲
3h
导轨平面垂直．先由静止释放c，c刚进入磁场即作匀速运动，此时再由静止释放d，两导体棒与导轨始终保持良好接触．用ac表示c的加速度，Ekd表示d的动能，xc、xd分别表示c、d相对释放点的位移．图乙中正确的是

O
o
ac
ac
Ekd
Ekd
h2h3h4h5hxc
A
OoO
h2h3h4h5hxco
B
O
h2h3h4h5hxdo
h2h3h4h5hxd
图乙
C
D



四、填空题（共20分，每小题4分）【本大题中第22题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题。若两类试题均做，一律按A类题计分。】
21、固定有竖直杆的小车总质量为M，在竖直杆上套一个质量
为m的球，已知球与竖直杆之间的动摩擦因数为，要使球能沿杆匀速下滑，则对小车施加的水平作用力
F
mM
F
，此时小车的加速度a（不计地
面的摩擦）．
22A、22B选做一题
22A、质量为m100kg的小船静止在水面上，水的阻力不计，船
上左、右两端各站着质量分别为m

甲
40kg，m乙60kg
的游


泳者，当甲朝左，乙朝右，同时以相对河岸3m/s的速率跃入水中时，小船运动方向为；运动速率为m/s．
22B、已知万有引力常量为G，地球半径为R，同步卫星距地面的高度为h，地球的自转周期为
T，地球表面的重力加速度为g．则地球质量可表达为
或．23、图(a为一列机械波在
t2s
y/cm404
y/cm4
时的波形图，图(b
123x/cm0123456
4
t/s
为介质中平衡位置在
x1.5cm
图(a图(b
处的质点的振动图像，P是平衡位置为x2cm的质
点．则该列机械波的波速为
m/s，在0～2s时间内，P点运动的路程为cm．
24、如图所示，导线全部为裸导线，半径
为r的圆内有垂直于平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根长度大于2r的
NM
×B××××××
R
导线MN以速度v在圆环上无摩擦地自左向右匀速滑动，电路的固定电阻为R，其余电阻忽略不计．在MN滑动过程中，



通过电阻R上的电流的平均值为，当MN从圆外的左端滑到右端时，通过R的电荷量为．25、半径为R的水平圆盘，绕通过圆心的
竖直轴匀速转动，A为圆盘边缘上的一点，在O的正上方有一个可以视为质
点的小球，以初速度水平抛出时，半径OA方向恰与的方向相同，如图所示。若小球与圆盘只碰一次，且正好落在A点，则小球抛出时距离O点的高度h，圆盘转动的角速度大小．（重力加速度为g）
v
h
o
R
A



五、实验题（共24分）
26、（4分）图示为双缝干涉的实验示意图，光源发出的光经滤
光片成为单色光，然后通过单缝和双缝，在光屏上出现明暗相间的条纹。若要使干涉条纹的间距变大，在保证其他条件不变的情况下，可以A．将光屏移近双缝
B．更换滤光片，改用波长更长的单色光C．增大双缝的间距
D．将光源向双缝移动一小段距离
27、（4分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：（1）某同学分别选用四种材料不同、直径相同的实心球做实验，
各组实验的测量数据如下。若要精确计算当地的重力加速度值，应选用第组实验数据。组别1234

摆球材料摆长L/m最大摆角
铜铁铝木
0.401.000.401.00
15°5°15°5°
全振动次数N/
次20501050


（2）某同学选择了合理的实验装置后，测量出几组不同摆长
L和周期T的数值，画出T
2
2
L
图线（以T为纵轴），并算出图线的斜率为k，则当地的重力加速度g（用符号表示）。28、（7分）某同学设计了如图所示的
装置来探究加速度与力的关系。弹簧秤固定在一合适的木块上，
桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接。在桌面上画出两条平行线
P
d
Q
P、Q，并测出间距d．开始时将木块置于P处，现缓慢向瓶
中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数
F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按
住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．①木块的加速度可以用d、t表示为a．②改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a与弹簧秤示数
F的关系．下列图像能表示该同学实验结果的是．
a
a
a
a


O
OOOFFF
ABCD
F



③（多选）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是。A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度
29、（9分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：
（A）待测的干电池（B）电流传感器1（C）电流传感器2（D）滑动变阻器R（0－20Ω，2A）
（E）定值电阻R0（2000Ω）（F）开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验．1.5

R0R
电流传
感器2电流传感器1
I1/mA

1.4
数据采集器
计算机

1.31.21.11.0
00.10.20.30.40.5
乙
I2/A
甲



（1）在实验操作过程中，该同学将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将
（选填“变大”或“变小”）．（2）图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的I
2
1
I2图线（I1为
2
电流传感器1的示数，I为电流传感器2的示数，且I的数值远远大于I的数值），则由图线可得被测电池的电动
1
势
E
V，内阻rΩ．
（3）若将图线的纵坐标改为，则图线与纵坐标的交点的物理含义即为电动势的大小．
六、计算题（共50分）
30、（10分）质量为10kg的物体在F200N的水平推力作用下，
从上表面粗糙、固定斜面的底端由静止开始沿斜面向上运



动，已知斜面的倾角37，物体与斜面间的动摩擦因数
0.2．
（1）求物体受到滑动摩擦力的大小；（2）求物体向上运动的加速度大小；
F（3）若物体上行3m后撤去推力F，则物体回到斜面底端时动
θ
能是多少？
（已知sin370.6，cos370.8，g取10m/s）
31、（12分）如图所示，固定的绝热气缸内有一质量为m的“T”
型绝热活塞（体积可忽略），距气缸底部h0处连接一U形管（管内气体的体积忽略不计）．初始时，封闭气体温度为
2
T0，活塞距离气缸底部为1.5h0，两边水银柱存在高度差．已
知水银的密度为，大气压强为p0，气缸横截面积为s，活塞竖直部分长为1.2h0，重力加速度为g．试问：（1）初始时，水银柱两液面高度差多大?（2）缓慢降低气体温度，两水银面相平时温度是多少？
（3）让温度回复到T，保持温度不变，在活塞上加上一个质量
0

1.5h01.2h0
h0
也是m的重物，求稳定后活塞离底部的高度是多少？




32、（14分）静电场方向平行于x轴，其电势随x的分布可以简化为如图所示的折线，图中
0和
d为已知量．一个重力不计，质量为m，带电量为q的

负电粒子在电场中，以x0
为中心，沿x轴方向在[A,A]间做周期运动(Ad．求：
0
（1）写出电势随x的变化规律关系式和粒子所受电场力大小dxd（2）粒子动能随x的变化规律关系式（3）粒子的运动周期
33、（14分）如图所示，两根足够长的光滑直金属导轨MN、PQ
平行固定在倾角37的绝缘斜面上，两导轨间距L1m，导轨的电阻可忽略。M、P两点间接有阻值为R的电阻．一根质量m1kg、电阻r0.2的均匀直金属杆ab放在两导轨上，与导轨垂直且接触良好．
整套装置处于磁感应强度B0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下．自图示位置起，杆ab受到大小为F0.5v2（式



中v为杆ab运动的速度，力F的单位为N）、方向平行导轨沿斜面向下的拉力作用，由静止开始运动，测得通过电阻R的电流随时间均匀增大．g取10m/s，sin370.6．
（1）试判断金属杆ab在匀强磁场中做何种运动，并请写出推理过程；
（2）求电阻R的阻值；
（3）已知金属杆ab自静止开始下滑x1m的过程中，电阻R上产生的焦耳热R为Q
1
2
0.8J，
求该过程需要的时间t和拉力F做的功W．
b
MF
R
P

崇明县2017学年第一学期期末考试高三物理（一模）参考答案
一．单项选择题（每题2分共16分）题

a
x
B
N

Q

12345678

号答BCCAADCD
案
二．单项选择题（每题3分，共24分）题910111213141516
号答BABDABCA
案
三．多项选择题（每题4分，共16分）题17
18
19
20
号答AD
BC
ABD
BD
案

四．填空题（每格2分，共20分）
21、F=(M+mg/μ，a=g/μ22A、向左，0.622B（R+h）3
/GT2
，M=gR2
/G


、M=4π2


23、5×10，824、Bπrv/2R，Bπr/R25、
-32
gR2/2v2,2nπv/R，（n∈R）

五．实验题（24分）26、（4分）B
27（4分）（1）2，（2分）,（2）4π/k（2分），
28（7分）（1）2d/t（2分）;（2）C（2分），(3BC（3分）
29（9分）（1）变小（2分）（2）3,2（4分）（3）
2
2
I1R0（3分），

五．计算题（50分）30、(10分解：
（1）受力分析图（1分）
垂直斜面方向平衡：FN
θ
FN
FG
=mgcosθ+Fsinθ




Ff=μFN=μ(mgcosθ+Fsinθ（1分）
代入数据解出：Ff=40N（1分）
（2）沿斜面方向牛顿定律：Fcosθ－Ff－mgsinθ=ma（1分）
解出：a=(Fcosθ－Ff－mgsinθ/m（1
分）
代入数据解出：a=6m/s（1分）
（3）撤去F瞬间，物体速度设为v由v=2aS1，解出v=
2
2
2as1=6m/s
（1分）
撤去F后，Ff′=μmgcosθ=0.2×100×0.8N=16N动能定理：-mgS2sinθ－Ff′S2=0－1mv2
2
物体继续上升距离S2=2.37m（1分）
下降时动能定理：mgsinθ（S2+3）－Ff′（S2+3）=EK-0（1分）
EK=236.3焦耳（1分）31、(12分解：
解：（1）选取活塞为研究对象，对其受力分析并根据平衡条件有
p0s+mg=ps①



可得被封闭气体压强p=p0+mg/s②（1分）
设初始时水银柱两液面高度差为h，则被封闭气体压强p=p0+ρgh③（1分）
联立以上两式可得，初始时液面高度差为
h=m/ρs（1分）
(2降低温度直至液面相平的过程中，被封闭气体先等压变化，后等容变化。
初状态：p1=p0+mg/s，V1=1.5h0S，T1=T0；末状态：p2=p0，V2=1.2h0s，T2=？（1分）根据理想气体状态方程有p1V1p2V2（1分）
T1
T2
代入数据，可得T2
4p0T0S
⑥（2
5p0S5mg
分）
(3温度保持原来的。则气体做等温变化
p1=p0+mg/s，V1=1.5h0S，p2=p0+2mg/s，V2=hS，
玻意尔定律得p1V1=p2V2（1分）得h3(p0smgh0（1分）
2(p0s2mg



讨论：如果h
ps3(p0smg
h01.2h0即m0（1
3g2(p0s2mg
分）
则h=1.2h0（1分）
如果m

32(14分、解：
(1-d≤x≤0区间k0（1分）
d
p0s
则h3(p0smgh0（13g2(p0s2mg
分）
故：0x00(x1（-d≤x≤0）（1分）
d
d
0≤x≤d区间k0
d
故：0x00(1x（0≤x≤d）（1分）
d
d
或在整个区域内，0(11x1（x）
d
由图可知电场强度大小E0（1分）
d
则电场力大小FqEq0（1分）
d

（2）0≤x≤A区间
根据题意，在x=A时，粒子动能为0，（1分）可知粒子在运动过程中动能和电势能之和为：



则在x位置时有：Ek(qq0(1A（1分）
d
Ekq0(1xq0(1A
d
Ekq0(A-x
d
d
（0≤x≤A）（1分）
-A≤x≤0区间
根据题意，在x=-A时，粒子动能为0，可知粒子在运动过程中动能和电势能之和为：
则在x位置时有：Ek(qq0(1A（1分）
d
Ekq0(x1q0(1A
dd
Ekq0(Ax（-A≤x≤0）（1
d
或者：Ekq0(A-1x1（-A≤x≤A）
d
分）
（3）0-A为四分之一周期，粒子做匀变速直线运动
S=A，aFq0（1分）
t
2sa
mdm2mdA
（1q0
分）
T4t4
2mdAq0
（2分）
33、（14分）解：
⑴金属杆做匀加速运动（或金属杆做初速为零的匀加速运动）。（1分）



通过R的电流I
EBLv

RrRr
，因通过R的电流I随时间均匀增大，
即杆的速度v随时间均匀增大，杆的加速度为恒量，故金属杆做匀加速运动。（2分）⑵对回路，根据闭合电路欧姆定律IBLv
Rr
（1分）
对杆，根据牛顿第二定律有：FmgsinBILma（1分）
将(0.5
B2L2
F0.5v2代入得：2mgsinRr
vma，因a与v无关（取刚开始运动时刻，v=0），所以
a2mgsinB2m8m/s2
，0.5L2Rr
0得R0.3⑶由x12at2得，所需时间t2xa
0.5s
（1分）
电路中总的焦耳热为：QRr0.54
R
Q10.3
0.8J3
J分）
由能量守恒定律得：WmgsinQ110
2
mv2解得:W3
J分）

2分）
2分）
（2
（2
（（

本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/66371aa49fc3d5bbfd0a79563c1ec5da50e2d6c4.html

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