2019年安徽省马鞍山市中考物理一模试卷

2019年安徽省马鞍山市中考物理一模试卷

副标题

一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）

1. 如图所示的四种现象中，由于光的反射而形成的（　　）

A. 水中腿变“短”

B.          群山的倒影

C.    钢笔错位了

D.                     手影游戏

2. 一个在操场上滚动的足球，慢慢地停下来，这是因为（　　）

A. 足球受到了重力的作用 B. 足球受到了支持力的作用

C. 足球受到了摩擦阻力的作用 D. 足球具有惯性

3. 如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。则下列判断结果正确的是（　　）

A. 容器对桌面的压力：F甲＞F乙

B. 容器对桌面的压强：p甲＞p乙

C. 液体的密度：ρ甲=ρ乙

D. 液体对容器底部的压强：p甲＞p乙

4. 如图所示的两个滑轮组，图中每只滑轮的重量都相同，现分别用它们将同一物体匀速提升到一定的高度，在不计绳重及摩擦的情况下，下列关于两装置中所用动力F甲与F乙、机械效率η甲与η乙相比较，正确的是（　　）

A. F甲＜F乙；η甲＞η乙   B. F甲＜F乙；η甲=η乙

C. F甲＞F乙；η甲＜η乙  D. F甲＞F乙；η甲=η乙

5. 下列的四幅图，对应的说法正确的是（　　）

A. 如图，通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失

B. 如图，闭合开关，通电螺线管右端为N极

C. 如图，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变

D. 如图，闭合开关，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流

6. 如图所示电路，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一盏灯泡发光且电压表的示数为3V，产生这一现象的原因可能是（　　）

A. 灯泡L1处短路 B. 灯泡L2处短路 C. 灯泡L1处断路 D. 灯泡L2处断路

7. 如图所示的电路图中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向左滑动，下列说法正确的是（　　）

A. 电流表A的示数变小，电压表V1的示数变大

B. 电流表A的示数变小，电压表V1的示数不变

C. 电压表V1与电压表V2的示数之和不变

D. 电压表V2与电流表A的示数之比不变

二、填空题（本大题共10小题，共26.0分）

8. “复兴号”动车在京沪高铁运行时，速度为306km/h，相当于每秒行驶______m。

9. “转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”是唐代诗人白居易的《琵琶行》中两句诗词，从物理学的角度来看，弹琴之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发声的______。

10. 我们都知道自己的质量是多少，却不知道自己的体积有多大。其实人体的平均密度与水的密度差不多，约为1.0×103kg/m3，如果你的质量为60kg，则你的体积约为______m3。

11. 容器中作用于器壁的宏观压强，是大量气体分子与器壁频繁碰撞的平均结果。因此，温度越高，气体对容器壁的压强就______（选填“越小”或“越大”）。

12. 放在水平面上的物体A重100N，某同学用80N竖直向上的力拉这个物体，则这物体受到的合力大小为______N。

13. 如图所示的解冻板既能通过热交换，让冷冻食材快速自然解冻，又能保持食物原有口味和营养。解冻过程中冰块发生的物态变化是______，改变冰块内能的方式是______。

14. 如图所示的单摆，如果不考虑空气阻力的影响，小球将在ABC间不停地往复运动。小球从A运动到B的过程中，机械能______（选填“逐渐变小”或“保持不变”）；绳子的拉力对小球______（选填“做功”或“不做功”）。

15. 如图所示的电路中，R1=10Ω，R2=20Ω，AB两端的电压U=7.5V，则电压表示数为______V。

16. 金属中自由电子是可以移动的。两个不带电的金属体a和b互相接触，均放在绝缘支架上，现用带正电的玻璃棒靠近a，但不接触，如图甲所示。先将a、b分开，再将带正电的玻璃棒移去，如图乙所示，则a会带上______电。

17. 如图所示，电源电压不变，灯泡标有“6V3W”字样，当开关S闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为0.6A，则灯泡正常发光时的电阻为______Ω，通电一分钟，R产生的热量为______J。

三、计算题（本大题共3小题，共23.0分）

18. 用天然气灶给水加热，在1标准大气压下，把体积为10L，温度为15℃的水加热到沸腾，求：

（1）水吸收了多少热量？[ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]

（2）若不计热量损失，需要燃烧多少m3的天然气？（q天燃气=4.2×107J/m3）

19. 如图所示是某一直流电动机提升重物的示意图，重物质量m=50kg，电源提供给电动机的电压为U=110V，不计各种摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速率向上提升重物时，通过电动机的电流为I=5.0A，g取10N/kg，求：

（1）电动机的电功率P1

（2）电动机提升重物的功率P2

（3）电动机的线圈电阻R

20. 现将密度相同，重力大小分别为G1和G2的两个实心金属块A和B，挂在一轻质杠杆两端，力臂分别为L1、L2（L1＜L2），杠杆处于水平平衡状态，如图所示。现将A、B同时完全浸没在水中，试证明：杠杆仍然能平衡。

四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）

21. 在研究弹簧的伸长与拉力大小的时，将弹簧一端固定后自然悬挂，弹簧处于静止状态时，测出其长度为L0，弹簧下端挂砝码盘时，弹簧长度为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表：

（1）表中有一个数据记录不规范，代表符号为______。

（2）通过对表中数据的分析，得出的规律是______。

（3）弹簧下端所挂砝码盘的质量为______g。

22. 某同学用图中器材测量凸透镜的焦距。他先在光屏中央画一个与凸透镜直径相同的圆，圆心为O。

（1）点光源S、凸透镜和光屏的高度调节：应该使点光源、透镜光心和光屏上的圆心O处在______。

（2）将光源从紧贴凸透镜的位置缓慢向外移动，直到光屏上的光斑与所画的圆______，就可以从光具座上读出凸透镜的焦距。

（3）为了验证测出的焦距是否准确，我们可以这样来验证：左右移动光屏，若光屏上的光斑大小不变，则测出的焦距准确。若向右移动光屏，光斑变大，说明本次测出的凸透镜的焦距比真实值______（选填“大”或“小”）。

23. 利用如图a所示的电路，可以研究通过小灯泡的电流跟加在它两端电压的关系。实验中使用小灯泡的额定电压为2.4V，电阻大约是10Ω。

（1）请按照图a，将图b中的实物电路连接完整；

（2）开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于______（选填“A端”、“B端”或“AB中间”）。

（3）实验中我们把测得有关数据标记在图c的坐标中，请你用平滑线将坐标系中的点连接起来，就可得到小灯泡的I-U特性曲线。

（4）已知小灯泡灯丝在27℃时电阻值为1.5Ω，假如其电阻值与灯丝的热力学温度（热力学温度T与摄氏温度t之间的关系是：T=273+t）成正比。根据I-U特性曲线中数据，估算小灯泡正常工作时灯丝的温度约______℃（计算结果保留到整数位）。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】

解：A、在岸上看到水中的腿变短了，是由于水中的物体反射的光线从水中斜射到空气中发生折射，故本选项不符合题意。

B、平静的水面相当于平面镜，群山在水中成像是平面镜成像现象，故属于光的反射，故本选项符合题意

C、透过玻璃砖看到钢笔“错位”了是由于钢笔经玻璃砖的两次折射，属于光的折射现象，故本选项不符合题意。

D、手在墙上形成手影是光在同种均匀的介质中沿直线传播形成的，故本选项不符合题意。

故选：B。

光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，水变浅了，水中的筷子折断了等；

光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；

影子、日食和月食的成因是光的直线传播；

根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。

2.【答案】C

【解析】

解：在操场上滚动的足球受到了重力和支持力的作用，之所以向前滚动，是因为足球具有惯性，但慢慢地停下来，是因为受到了摩擦阻力的作用，是摩擦阻力改变了足球的运动状态。故ABD错误，C正确。

故选：C。

物体速度大小和方向的改变都属于运动状态的改变，物体运动状态的改变一定受到力的作用。

此题考查力与运动的关系，物体的运动状态改变和形状的改变一定受到力的作用。有时摩擦力被忽视。

3.【答案】D

【解析】

解：A、容器相同，液体的质量相同，液体重力相同，所以容器对桌面的压力相同，故A错误。

B、容器对桌面的压力相同，受力面积相同，根据p=，所以容器对桌面的压强相同，故B错误。

C、甲乙液体质量相同，甲的体积小于乙的体积，根据ρ=，所以可以判断甲的密度大于乙的密度，故C错误。

D、甲乙等深，甲的密度大于乙的密度，根据p=ρgh，甲对容器底的压强大于乙对容器底的压强，故D正确。

故选：D。

（1）容器对桌面的压力大小和容器的重和液重之和。

（2）知道容器对桌面的压力，又因为受力面积相同，根据压强公式判断压强大小。

（3）液体的质量相等，甲的体积小于乙的体积，所以可以判断甲的密度大于乙的密度。

（4）知道液体的密度和深度，根据液体压强公式判断压强大小。

对于压力压强的问题，一定要明确是固体产生的压力压强，还是液体产生的压力压强，如果是固体产生的压力压强，一般先计算压力再计算压强，如果液体产生的压力压强，一般先计算压强再计算压力。

4.【答案】D

【解析】

解：

由图可知滑轮组绳子的有效股数n甲=2，n乙=3，

因为动滑轮的个数和重力以及物体的重力均相同，且不计绳重及摩擦，

所以根据F=（G物+G动）可知，F甲=（G物+G动），F乙=（G物+G动），

则可知两滑轮组绳子自由端的拉力不相等，F甲＞F乙；故AB错误。

甲乙两滑轮组所提的重物相同、上升的高度相同，则两滑轮组所做的有用功相同，

不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，

根据W=Gh可知，动滑轮重和上升高度相同时，两者的额外功相等，

由W总=W有+W额可得，两滑轮组的总功相同，

根据η=可知，两滑轮组的机械效率相等，故D正确，C错误。

故选：D。

（1）由图可知甲乙两滑轮组绳子的有效股数，根据F=（G物+G动）比较两绳子拉力的大小关系；

（2）不计绳重和摩擦时，滑轮组的额外功是由克服动滑轮重力所做的功，再根据总功等于有用功和额外功之和结合机械效率公式分析两滑轮组机械效率之间的关系。

本题考查了功和机械效率的计算，关键是会分析滑轮组额外功产生的原因和公式F=（G物+G动）的灵活运用。

5.【答案】B

【解析】

解：

A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；

B、在电源外部，电流从电源的正极流向负极；用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极，所以右端是N极，故B正确；

C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，电流方向不变，对调N，S极，导体棒摆动方向改变，故C错误；

D、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误。

故选：B。

利用下列知识分析判断：

（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；

（2）右手螺旋定则是判定通电螺线管的极性跟电流方向的关系：已知电流方向即可根据右手螺旋定则判定出通电螺线管的极性；已知通电螺线管的极性即可根据右手螺旋定则判定出螺线管中的电流方向；

（3）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；

（4）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。

本题考查了电与磁之间的三个联系（通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象）以及安培定则的运用，难度不大；要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。

6.【答案】A

【解析】

解：由电路图知，两灯泡串联，电压表与L2并联，测量L2两端的电压，因为闭合开关后，有一盏灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以L1被短路。

故选：A。

当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；

该电路为串联电路，电压表测量L2两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障。

注意当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；用电压表判断故障，并且电路为断路时，若电压表有读数（电源除外），则为断路之处。

7.【答案】B

【解析】

解：当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式I=可知，电路电流减小，所以电流表示数减小，根据公式U=IR可知，电阻R1两端的电压减小，电源电压不变，电压表V1的示数不变，所以滑动变阻器两端的电压变大，电压表V2的示数变大。故B正确、A错误。

电压表V1的示数不变，电压表V2的示数变大，所以说电压表V1与电压表V2的示数之和不变是错误的，故C错误。

电压表V2的示数变大，电流表A示数减小，所以电压表V2与电流表A的示数之比变大，故D错误。

故选：B。

先判断电路的连接方式，将电流表看做导线，电压表看做开路；再判断电压表测量哪段电路的电压，电压表和哪段电路并联就测量的是那段电路的电压；再根据滑动变阻器的情况，结合欧姆定律进行分析。

闭合开关S后，滑动变阻器与电阻R1串联，电流表测量电路总电流，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路电流和电阻两端电压的变化。

本题考查欧姆定律和滑动变阻器的使用，以及电流表和电压表的使用，还考查串联电路电流和电压的规律，关键是明白滑动变阻器滑片移动的过程中，电路电流和电压的变化。

8.【答案】85

【解析】

解：

因为1m/s=3.6km/h，

所以306km/h=306×m/s=85m/s，

85m/s表示高铁每秒行驶85m。

故答案为：85。

速度是描述物体运动快慢的物理量，先根据1m/s=3.6km/h进行单位换算，再回答其物理意义。

本题考查了速度的单位换算及物理意义、速度的定义，是一道基础题。

9.【答案】音调

【解析】

解：弹琴之前通过“转轴”改变弦的松紧程度，越紧振动的频率越大，音调越高。所以调整弦的松紧程度是要改变弦声的音调。

故答案为：音调。

音调是指声音的高低，由振动的频率决定。

本题考查了对音调的理解；音调是指声音的高低，由频率决定。

10.【答案】0.06

【解析】

解：根据ρ=可得，人的体积：

V===0.06m3。

故答案为：0.06。

人体的密度与水的密度差不多，用正常成年人的质量除以水的密度即为其体积。

本题考查了密度公式的应用，是一道基础题目。

11.【答案】越大

【解析】

解：气体对器壁的压强是由于大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的，气体压强大小决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能。在容器容积一定时，气体分子的密度不变，温度越高，分子热运动平均动能越大，气体对器壁产生的压强越大。

故答案为：越大。

气体压强是大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的作用在器壁单位面积上的平均作用力。

此题考查了气体压强的影响因素，正确理解规律是解答的关键。

12.【答案】0

【解析】

解：物体A重100N，用80N竖直向上的力拉这个物体，物体不可能被拉起，因此仍保持静止状态，即处于平衡状态，因此，物体受到的合力大小为0N。

故答案为：0。

物体静止或做匀速直线运动，物体处于平衡状态，所受合力为零；对物体受力分析，由平衡条件分析答题。

知道物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，知道物体处于平衡状态时合力为零是判断的关键。

13.【答案】熔化   热传递

【解析】

解：解冻过程中，冰块变成水为熔化现象，发生了熔化现象；解冻过程中热量发生了转移，因此食物是通过热传递的方式改变内能的。

故答案为：熔化；热传递。

物质由固态变成液态的过程叫做熔化，熔化吸热；热传递是能的转移过程，在此过程中能的形式不发生变化；做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式改变了；

本题考查了物态变化，改变内能的实例，属基础知识的考查。

14.【答案】保持不变   不做功

【解析】

解：单摆从A到B和从C到B过程中，质量不变，高度降低，重力势能减少，同时速度增大，动能增大，此过程中重力势能转化为动能；相反，单摆从B到A和从B到C过程中，质量不变，高度增加，重力势能增加，同时速度减小，动能减小，此过程中动能转化为重力势能。不考虑空气阻力的影响，动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变；

单摆摆动过程中，绳子对小球有拉力的作用，但小球在绳子拉力的方向上没有距离的变化，所以绳子的拉力对小球不做功。

故答案为：保持不变；不做功。

（1）动能和势能之和是机械能。如果动能全部转化为势能，或势能全部转化为动能，机械能的总量保持不变；

（2）做功包括两个必要因素：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离。

此题考查了机械能守恒定律的应用和物体是否做功的判断，正确、全面理解物理规律是解答的基础。

15.【答案】2.5

【解析】

解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，

因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以由I=可得，电路中的电流：

I===0.25A，

则电压表的示数：

U1=IR1=0.25A×10Ω=2.5V。

故答案为：2.5。

由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。

16.【答案】负

【解析】

解：由图可知，用带正电的玻璃棒靠近a，但不接触，根据静电感应可知，a靠近玻璃棒的一端会有自由电子集中。先将a、b分开，再将带正电的玻璃棒移去，a上仍有多余的电子，因此会带负电。

故答案为：负。

根据静电感应的原理和电荷间的相互作用可做出判断。

本题主要考查了对静电感应原理的应用，知道自由电子如何移动，是判断的关键。

17.【答案】12   36

【解析】

解：

（1）灯泡标有“6V 3W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，

由P=UI可得，灯的额定电流为：

IL===0.5A，

则灯泡正常发光时的电阻：

RL===12Ω；

（2）当开关S闭合时，灯与电阻R并联，电流表测干路电流，且灯泡正常发光，

所以电源电压为：U=UL=6V；

电流表的示数为0.6A，根据并联电路电流的规律，通过R的电流为：

IR=I-IL=0.6A-0.5A=0.1A，

通电1min，R产生的热量：

Q=W=UIRt=6V×0.1A×60s=36J。

故答案为：12；36。

（1）根据灯泡标有“6V 3W”字样，根据P=UI求出灯的额定电流，根据欧姆定律算出小灯泡的电阻；

（2）当开关S闭合时，灯与R并联，电流表测干路电流，灯泡正常发光可知电源电压为灯泡正常发光的电压；

根据电流表的示数为0.6A，由并联电路电流的规律得出R的电流，根据Q=W=UIt求出通电1minR产生热量。

本题考查并联电路的规律及欧姆定律和电功率的电功公式的运用，为基础题。

18.【答案】解：

（1）由ρ=得，10L水的质量：

m=ρ水V=1.0×103kg/m3×10×10-3m3=10kg，

水吸收的热量：

Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（100℃-15℃）=3.57×106J；

（2）不计热量损失，则Q放=Q吸，

由Q放=Vq可得，需要燃烧天然气的体积：

V天然气====0.085m3。

答：（1）水至少需要吸收的热量为3.57×106J；

（2）若不计热量损失，需要燃烧0.085m3的天然气。

【解析】

（1）已知水的体积求出水的质量，知道1标准大气压下水沸腾时的温度为100℃，利用公式Q=cm（t-t0）可以得到水吸收的热量；

（2）已知热量和天然气的热值，利用公式Q放=Vq得出需要燃烧天然气的体积。

本题考查了求热量、燃烧热的计算等问题，应用热量公式、燃烧值公式、即可正确解题。

19.【答案】解：

（1）电源提供给电动机的电压为U=110V，通过电动机的电流为I=5.0A，

电动机的电功率：

P1=UI=110V×5A=550W；

（2）因为物体匀速上升，根据二力平衡条件可得，物体受到的拉力：

F=G=mg=50kg×10N/kg=500N；

电动机提升重物的功率：

P2===Fv=500N×0.9m/s=450W；

（3）电动机的功率一部分是提升重物的功率，另一部分是电阻丝的发热功率，

则P热=P1-P2=550W-450W=100W；

根据P热=I2R可得，电动机的线圈电阻：

R===4Ω。

答：（1）电动机的电功率P1为550W；

（2）电动机提升重物的功率P2为450W；

（3）电动机的线圈电阻R为4Ω。

【解析】

（1）已知电源提供给电动机的电压和通过电动机的电流，根据P=UI求出电动机的电功率；

（2）根据二力平衡，根据求出G=mg得出拉力大小；根据P2===Fv求出电动机提升重物的功率；

（3）电动机的功率一部分是提升重物的功率，另一部分是电阻丝的发热功率，由此求出发热功率，根据

根据P热=I2R求出电动机的线圈电阻。

本题考查电功率公式的运用、重力公式、功率公式和二力平衡的运用。含有电动机的电路为非纯电阻电路，计算电动机的功率只能用P=UI。

20.【答案】证明：

杠杆两端分别挂上同种材料大小不同的实心金属块时，杠杆在水平位置平衡，

根据重力公式和杠杆的平衡条件可得：ρVAg×L1=ρVBg×L2，

所以：VA×L1=VB×L2，

若将两金属块同时浸没在水中，则：

左端力和力臂的乘积=（GA-F浮A）L1=（ρVAg-ρ水VAg）×L1=（ρ-ρ水）×VAg×L1，

右端力和力臂的乘积=（GB-F浮B）L2=（ρVBg-ρ水VBg）×L2=（ρ-ρ水）×VBg×L2，

因为VA×L1=VB×L2，

所以（ρ-ρ水）×VAg×L1=（ρ-ρ水）×VBg×L2，

因此A、B同时浸没在水中时，杠杆仍然能平衡。

【解析】

杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；根据阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排；计算出两实心金属块浸没在水中后杠杆两端力和力臂的乘积，根据乘积的大小，判断杠杆的状态。

本题主要通过判断杠杆的平衡情况，考查了对杠杆平衡条件的应用和阿基米德原理的应用。首先要掌握杠杆的平衡条件和浮力的计算公式，分别计算出杠杆两端力和力臂的乘积，根据乘积的大小关系判断杠杆的平衡情况。

21.【答案】L3   在弹性限度（一定范围）内，弹簧的伸长与拉力大小成正比   10

【解析】

解：（1）根据表格中数据可知，测量长度的是毫米刻度尺，测量长度时应该有估读值，估读至分度值的下一位，很明显L3不规范，应为33.35cm；

（2）根据已知条件：在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，10g砝码产生的拉力大小是10×10-3kg×10N/kg=0.1N，

自Lx开始L1拉力增大0.1N，伸长29.35cm-27.35cm=2cm，

L2比L1拉力增大0.1N，伸长31.35cm-29.35cm=2cm，

L3比L2拉力增大0.1N，伸长33.35cm-31.35cm=2cm，

L4比L3拉力增大0.1N，伸长35.35cm-33.35cm=2cm，

根据以上数据分析，弹簧的伸长与拉力大小成正比，关系式F=0.05△L；

L5比L4拉力增大0.1N，伸长38.35cm-35.35cm=3cm，

L6比L5拉力增大0.1N，伸长42.40cm-38.35cm=4.05cm，

以上两组数据分析，弹簧伸长不再与拉力大小成正比，原因是拉力超过弹簧的弹性限度，

所以可以得出：在弹性限度（一定范围）内，弹簧的伸长与拉力大小成正比；

（3）根据（2）中得出的关系式F=0.05△L可得，

当弹簧下端挂砝码盘时，F=0.05×（27.35cm-25.35cm）=0.1N，

则砝码盘的质量为10g；

故答案为：（1）L3；（2）在弹性限度（一定范围）内，弹簧的伸长与拉力大小成正比；（3）10。

（1）用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读数；

（2）（3）根据表格中数据分析，得到拉力与伸长量的关系；

本题考查探究弹簧测力计原理的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

22.【答案】同一水平高度上   重合   小

【解析】

解：

（1）在实验之前，为了保证物像完整的成在光屏上，因此像要尽量的成在光屏的中间，只有光源、凸透镜光心和光屏的中心在同一水平高度上才符合要求，而O'正好在光屏的中央，因此使光源、凸透镜光心和圆心O'在同一水平高度上。

（2）因为圆圈和凸透镜是等大的，所以当光斑和圆圈重合时说明折射光线是平行的，这时光源刚好在焦点上，因此应该是直到光屏上的光斑与所画圆完全重合；凸透镜的焦距是：f=50cm-30cm=20cm；

（3）若光屏上的光斑大小不变，说明折射光线是平行；如果测出的凸透镜的焦距比真实值大，那么向右移动光屏，光斑会变小；如果测出的凸透镜的焦距比真实值小，那么向右移动光屏，光斑会增大；

所以本次测出的凸透镜的焦距比真实值小；

故答案为：（1）同一水平高度上；（2）重合；（3）小。

（1）在实验之前，为了保证物像完整的成在光屏上，因此像要尽量的成在光屏的中间，只有光源、凸透镜光心和光屏的中心在同一水平线上才符合要求，据此解答；

（2）因为圆圈和凸透镜是等大的，所以当光斑和圆圈重合时说明折射光线是平行的，这时光源刚好在焦点上，这时光源和凸透镜的距离就是焦距；

（3）若光屏上的光斑大小不变，说明折射光线是平行；如果测出的凸透镜的焦距比真实值大，那么向右移动光屏，光斑会减小；如果测出的凸透镜的焦距比真实值小，那么向右移动光屏，光斑会增大

掌握凸透镜的成像规律以及焦距的测量方法，常见题目。

23.【答案】A端   1573

【解析】

解：（1）小灯泡的额定电压为2.4V，故电压表选用小量程与灯并联，如下左所示：



（2）开关S闭合之前，为保护电路，图中滑动变阻器的滑片应该置于A端（灯的电压为0）；

（3）实验中我们把测得有关数据标记在图c的坐标中，用平滑线将坐标系中的点连接起来，如上右所示：

（4）已知小灯泡灯丝在27℃时电阻值为1.5Ω，根据I-U特性曲线中数据，灯正常发光时的电流为0.26A，由欧姆定律，其电阻大小，

R==≈9.23Ω；假如其电阻值与灯丝的热力学温度（热力学温度T与摄氏温度t之间的关系是：T=273+t）成正比有：

=，

小灯泡正常工作时灯丝的温度约：

t=1573℃。

故答案为：（1）如上图左所示； （2）A端；  （3）如上图右所示； （4）1573。

（1）根据小灯泡的额定电压为2.4V确定电压表选用小量程与灯并联；

（2）开关S闭合之前，为保护电路，图中滑动变阻器的滑片应该置于A端；

（3）实验中我们把测得有关数据标记在图c的坐标中，用平滑线将坐标系中的点连接起来；

（4）根据I-U特性曲线中数据，灯正常发光时的电流为0.26A，由欧姆定律求出灯的电阻大小，根据其电阻值与灯丝的热力学温度成正比求解。

本题研究通过小灯泡的电流跟加在它两端电压的关系，考查电路连接、注意事项、描点法作图及灯丝温度的计算。

本文来源：https://www.2haoxitong.net/k/doc/43a64a76fc0a79563c1ec5da50e2524de418d062.html