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母题二十三、与牛顿运动定律有关的图像问题
【解法归纳】从图像中找出解题信息,把图像与物理图景相联系,应用牛顿运动定律及其相关知识解答。
典例23(2010福建理综)质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上,物体与地面间额动摩擦因数为0.2,最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等。从t=0时刻开始,物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用,F随时间t的变化规律如图11所示。重力加速度g取10m/s2,则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为
A.18m B.54m C.72m D.198m
【解析】拉力只有大于最大静摩擦力时,物体才会由静止开始运动。最大静摩擦力fmax=f=0.2mg=4N。
在0-3s时间内:F=fmax,物体保持静止,s1=0;
在3-6s时间内:F>fmax,物体由静止开始做匀加速直线运动,其及速度
在3-6s时间内位移s2=1/2at2=9m
6s末速度v=at=6m/s
在6-9s时间内:F=f,物体做匀速直线运动,位移s3=vt=6×3m=18m。
在9-12s时间内:F>f,物体以v=6m/s为初速度,以a=2m/s2的加速度做匀加速直线运动,位移s4=vt+1/2at2=6×3m+1/2×2×32m=27m
所以0-12s内物体的位移为:s=s1+s2+s3+s4=54m,选项B正确。
【答案】B
【点评】本题属于多过程问题,综合考查静摩擦力、滑动摩擦力、牛顿运动定律、匀速直线运动和匀变速直线运动、F-t图像等知识点,需要考生准确分析出物体在每一段时间内的运动性质。
衍生题1(2010高考海南物理)图7中,质量为m的物块叠放在质量为2m的足够长的木板上方右侧,木板放在光滑的水平地面上,物块与木板之间的动摩擦因素为μ=0.2,在木板上施加一水平向右的拉力F,在0-3s内F的变化如图8所示,图中F以mg为单位,重力加速度g=10m/s2,整个系统开始时静止。
(1)求1s、1.5s、2s、3s末木板的速度以及2s、3s末物块的速度;
(2)在同一坐标系中画出0-3s内木板和物块的v-t图像,据此求0-3s内物块相对于木板滑过的距离。
【解析】(1)设木板和物块的加速度分别为a和a’,在t时刻木板和物块的速度分别为vt和vt’,木板和物块之间摩擦力的大小为f,依牛顿第二定律、运动学公式和摩擦定律得f=ma’ ①
F=μmg,当vt’
Vt2’=vt1+a’(t2-t1) ③
F-f=(2m)a ④
Vt2=vt1+a(t2-t1) ⑤
由①②③④⑤式与题给条件得v1=4m/s,v1.5=4.5m/s,v2=4m/s,v3=4m/s, ⑥
v2’=4m/s,v3’=4m/s ⑦
(2)由⑥⑦式得到物块与木板运动的v-t图象,如右图所示。在0-3s内物块相对于木板的距离△s等于木板和物块v-t图线下的面积之差,即图中带阴影的四边形面积,该四边形由两个三角形组成,上面的三角形面积为0.25(m),下面的三角形面积为2(m),因此△s=2.25。
衍生题2(2006全国理综)一质量为m=40kg的小孩在电梯内的体重计上,电梯从t=0时刻由静止开始上升,在0-6s内体重计示数F的变化如图所示。试问:在这段时间内电梯上升的高度是多少?取重力加速度g=10m/s2。
【解析】由图可知,在t=0到t1=2s的时间内,体重计的示数大于mg,故电梯应做向上的匀加速运动。设在这段时间内体重计作用于小孩的力为f1,电梯及小孩的加速度为a1,由牛顿第三定律可知f1=440N,根据牛顿第二定律,得:f1-mg=ma1 ①
在这段时间内电梯上升的高度h1=1/2a1t12 ②
在t1到t2=5s的时间内,体重计的示数等于mg,故电梯应做匀速上升运动,速度为t1时刻的电梯的速度,即v1=a1t1 ③
在这段时间内电梯上升的高度h1=v1t2 ④
在t2到t=t3=6s的时间内,体重计的示数小于mg,故电梯应做匀减速上升运动。设这段时间内体重计作用于小孩的力为f2,电梯及小孩的加速度为a2,由牛顿第三定律可知f2=320N,由牛顿第二定律,得:mg-f2=ma2 ⑤
在这段时间内电梯上升的高度 h3=⑥
电梯上升的总高度
h=h1+h2+h3 ⑦
由以上各式,解得h=9m
衍生题3.(2010安徽理综)质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动,一段时间后撤去F,其运动的v—t图象如图12所示。g取10 m/s2,求:
(1)物体与水平面间的运动摩擦系数μ;
(2)水平推力的大小;
(3)0~10s内物体运动位移的大小。
【解析】(1)设物体做匀减速直线运动的时间为△t2,初速度为v20,末速度为v21,加速度为a2,则
a2==-2m/s2
设物体所受摩擦力为Ff,根据牛顿第二定律,有Ff = ma2
Ff = -μmg
解得 μ=0.2
(2)设物体做匀加速直线运动的时间为△t1,初速度为v10,末速度为v20,加速度为a1,则
a1==1m/s2
根据牛顿第二定律,有F+Ff = ma1
解得 F =6N
(3)由速度图象与横轴所围的面积得s=×△t1+×v20×△t2=46m
【点评】此题考查与图象相关的牛顿第二定律应用问题。要把物体运动图象与物体运动图景对应起来,应用相关知识解答。
衍生题4(2010上海奉贤模拟)两个完全相同的物体A、B,质量均为m = 0.8kg,在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动。图中的两条直线分别表示A物体受到水平拉力F作用和B物体不受拉力作用的v-t图像,求:
(1)两物体与地面之间的动摩擦因素μ;
(2)物体A所受拉力F的大小;
(3)12s末物体A、B之间的距离S。
解析:(1)由v—t图得
aB= = m/s2 = -m/s2
-μmg= maB 得到μ= 1/15=0.067
(2)aA = = m/s2 = m/s2 由牛顿第二定律F-f = ma1 解得 F = 0.8N
(3)设A、B在12s内的位移分别为S1、S2,由v—t图得S1 =×(4 + 8)×12m = 72m
S2 =×6×4m = 12m 故S = S1-S2 = 60m
衍生题5.(2007年高考上海物理)固定光滑细杆与地面成一定倾角,在杆上套有一个光滑小环,小环在沿杆方向的推力F作用下向上运动,推力F与小环速度v随时间变化规律如图所示,取重力加速度g=10m/s2。求:
(1)小环的质量m;
(2)细杆与地面间的倾角。
【解析】 由图得前2s,沿杆方向的推力F1=5.0N:2s后,沿杆方向的推力F2=5.5N:
前2s小环做匀加速直线运动,其加速度a==0.5m/s2,
前2s对小环由牛顿第二定律有:F1-mg sin=ma,
2s后小环做匀速直线运动,有:F2=mg sin,
联立解得m==1kg
sin=F2/mg=0.5,所以,=30。
【点评】要能够从题给图像中找出物体运动情况和受力情况。
衍生题6(2010西安模拟)如图甲所示,一个质量为m=4kg的小滑块A,在水平力F0=20N作用下,在水平面上沿x轴正方向以v0=5m/s做匀速直线运动。在x≥0区域,存在场力作用区,可对滑块施加竖直向下的作用力F,并通过传感器来控制力的变化。从滑块A进入场力作用区开始,力的变化如图乙所示。求滑块在场力作用区域运动的距离。(已知,,)
【解析】滑块最初做匀速直线运动,F0=μmg解得μ=0.5
当滑块A进入场力作用区域后,由于摩擦力增大,所以做减速运动。令F1=5N,每一个场力区域的宽度L=1m,由牛顿运动定律,滑块A运动在第n个场力区域内,加速度大小为an= μnF1/m
滑块A运动在第1个场力区域内,v12= v02-2a1L
滑块A运动在第2个场力区域内,v22= v12-2a2L
滑块A运动在第3个场力区域内,v32= v22-2a3L
······
滑块A运动在第n个场力区域内,vn2= vn-12-2anL
由以上各式可得vn2= v02-2(1+2+3+···+n)L
滑块A停下时,vn=0,解得n=5.8
所以滑块在场力作用区域运动的距离为s=5.8m。
本文来源:https://www.2haoxitong.net/k/doc/1de17556312b3169a451a444.html
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