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上海市徐汇区西南模范中学2020-2021学年九年级(上)期中考试物理试题(教师版)

发布时间：2021-04-20   来源：文档文库   
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西南模2020学年第一学期期中考试
一、选择题（每小题2分，共20分）
1. 首先发现电流与电压关系的科学家是（ ） A. 安培 C. 伏特 【答案】D 【解析】
【详解】欧姆定律的内容是导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，根导体的电阻成反比，这个关系是由德国物理学家欧姆提出的，故选D。
2. 如图所示四个实例中，为了减小压强的是（ ）
B. 库仑 D. 欧姆
A. 盲道上凸起的圆点
B. 菜刀刃很锋利
C. 注射器针头做很尖细
D. 坦克装有宽大的履带
【答案】D 【解析】
【详解】A．盲道上凸起的圆点，是在压力一定时，减小受力面积增大压强，不符合题意； B．菜刀刃很锋利，是在压力一定时，减小受力面积增大压强，不符合题意；

C．注射器针头做很尖细，是在压力一定时，减小受力面积增大压强，不符合题意； D．坦克装有宽大的履带，是在压力一定时，增大受力面积减小压强，符合题意。 故选D。
3. 家用空调器正常工作时通过它的电流约为（ ） A. 0.01安 【答案】D 【解析】
【详解】家用空调的工作电压为220V，功率一般为2000W左右，根据电压、电流和功率的关系，可得
B. 0.1安
C. 1安
D. 10安
I只有D最接近该数值。故选D。
P2000W9A U220V4. 物理知识在生活中有广泛应用，以下实例中涉及到大气压强的知识是（ ） A. 防洪堤坝建成上窄下宽的形状 C. 轮船浮在水面上 【答案】B 【解析】
【详解】A．由于液体的压强随深度的增加而增大，河水的深度越深、压强越大，为了使拦河坝能承受更大的水压，把拦河坝设计成下宽上窄的形状，与大气压强无关，故A不符合题意；
B．茶壶盖上开小孔是利用大气压强，使壶内与壶外的大气压相同，方便水被倒出，故B符合题意； C．轮船浮在水面上，靠的是水的浮力，与大气压强无关，故C不符合题意；
D．铝合金材料与普通钢铁相比，密度较小，制造飞机采用铝合金材料，是在体积一定时，减轻飞机的质量，与大气压强无关，故D不符合题意。 故选B。
5. 在下面所示的电路图中，用电压表测量L1灯两端的电压，其中正确的是（ ）
B. 茶壶盖上有个小孔
D. 轮船飞机采用轻质的合金材料

A. B.
C. D.
【答案】C 【解析】
【详解】A．电压表不能串联电路中，故A错误；
B．电压表正负接线柱接反，故B错误； C．电压表测量L1两端的电压，故C正确； D．电压表测得是L2的电压；故C错误。 故选C。
6. 测力计上挂一重为8牛的金属块，当金属块体积的三分之一浸入水中静止时，测力计的示数为6牛．若将金属块全部浸入水中且未碰到容器底部，测力计的示数为（ ） A. 2牛 【答案】A 【解析】
【详解】当金属块三分之一浸入水中静止时，它受到重力、拉力、浮力的作用，处于平衡状态，浮力大小为
B. 4牛
C. 6牛
D. 8牛
F浮GF测8N6N2N

根据阿基米德原理F浮水gV1可知，排开水的体积为
V1F浮 水g若将金属块全部浸入水中，那么它排开水的体积为V23V1，此时它受到水的浮力为
F浮'水gV2水g3V13F浮6N
测力计的示数为
F测'GF浮'8N6N2N
故选A．
7. 下列研究中所使用的科学方法相同的是（ ） ①研究导体中电流与该导体两端电压的关系 ②研究电流时，用水流比作电流
③研究串联电路时，引入“总电阻”的概念 ④研究影响导体电阻大小的因素。 A. ①和② 【答案】B 【解析】
【详解】①电流与导体两端电压和导体的电阻都有关系，研究电流与电压的关系时，需要保持电阻一定。采用的是控制变量法；
②电流和水流都客观存在，但电流的形成无法直接观察，水流却可以直接观察。电流是电荷的定向移动形成的，水流是水分子的定向移动形成的。两者的形成有共同之处，用能直接观察的水流解释不能直接观察的电流的形成，采用的是“类比法”；
③在串并联电路中几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，或一个电阻再电路中的作用可以由几个电阻共同作用代替，采用的是等效替代法；
④影响导体电阻大小的因素有导体的材料、长度和横截面积，研究时需要保持其中的两个量一定。采用的是控制变量法。
B. ①和④
C. ②和③
D. ③和④

故选B。
8. 给你两根长度相同但横截面积不同的镍铬合金线、一个电源、一只电流表、一只滑动变阻器、一个开关、若干根导线，现需要研究的课题有：①导体的电阻跟它的长度的关系；②导体的电阻跟它的横截面积的关系；③导体的电阻跟它的材料的关系。利用上述实验器材，可以完成的研究课题是（ ） A. 只有① 【答案】C 【解析】
【详解】①在研究导体的电阻跟导体长度的关系时，要有材料相同、横截面积相同，长度不同的实验器材，我们可以把其中一根合金丝截断，这样就会有长度不同，材料相同、横截面积相同的实验器材，可以实验；

②在研究导体的电阻跟导体横截面积的关系时，需要控制长度相同、材料相同，横截面积不同的实验器材，而两根长度相同、横截面积不同的、均匀的镍铬合金线正好符合实验要求；
③探究导体的电阻跟它的材料的关系，应控制导体的长度、横截面积都相等而材料不同，由题意可知，两合金线的材料相同，因此不能探究导体的电阻跟它的材料的关系。 故选C。
【点睛】根据控制变量法的思路，要探究电阻与某个因素的关系，就要保证这个因素要不同，其他的因素都一样。要探究电阻跟长度的关系，要保证材料和横截面积不变改变长度。要探究电阻跟横截面积的关系，要保证材料和长度不变改变横截面积。要探究电阻跟材料的关系，要保证长度和横截面积不变改变材料。 9. 两个完全相同的圆柱形容器内盛有A、B两种液体，某实心金属小球浸没在A中，如图所示，此时液体对容器底部的压强pA>pB.若将小球从A中拿出并浸没在B中(液体不溢出，则以下判断一定正确的是
B. 只有②
C. ①和②
D. ①、②和③

A. 放入B中后，液体对容器底部的压强p＇A p＇B B. 放入B中后，液体对容器底部的压强p＇A p＇B C. 液体对容器底部压强的变化量大小pA>pB

D. 液体对容器底部压强的变化量大小【答案】C 【解析】
pA＝pB

【详解】AB．金属小球浸没在A中，液体对容器底部的压强pA>pB，由于A中液面的高度小于B的高度，根据p=ρgh可知，A中液体的密度要大于B中液体的密度；若将小球从A中拿出并浸没在B中，则A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，由于不知AB初始高度和球的体积大小，故无法比较放入B中后，AB中液面的高度的大小，故无法判定底部压强的大小，故AB错误；
根据p=ρghCD．A中液体的密度要大于B中液体的密度，A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，可知，液体对容器底部压强的变化量大小△pA>△pB；故C正确、D错误．
10. 实心均匀正方体甲、乙置于水平地面上，它们对地面的压强分别为p甲、p乙。正方体甲沿水平方向切去一半，正方体乙沿竖直方向切去一半，并将甲、乙剩余部分均顺时针旋转90°，如图所示。甲、乙剩余部分顺时针旋转90°前后对地面的压强变化量Δp甲小于Δp乙。关于原来的压强p甲、正确的是（ ）p乙的判断，


A. p甲一定小于p乙 B. p甲可能等于p乙 C. p甲一定等于p乙 D. p甲一定大于p乙 【答案】A 【解析】

【详解】正方体甲沿水平方向切去一半，受力面积不变，压力减小一半，由p=F可知压强减半，即
sp甲'=1p甲
2F可知压强不变，即
s正方体乙沿竖直方向切去一半，受力面积减小一半，压力减小一半，由p=p乙'=p乙
将甲、乙剩余部分均顺时针旋转90°，甲的压力不变，受力面积减半，由p=即
F可知压强变为原来的2倍，sp甲''= p甲
乙的压力不变，受力面积增加2倍，由p=F可知压强变为原来的一半，即
sp乙''=1p乙
2甲、乙剩余部分顺时针旋转90°前后对地面的压强变化量
11p甲=p甲 2211Δp乙= p乙'- p甲''= p乙-p乙=p乙
22Δp甲= p甲''- p甲'= p甲-Δp甲＜Δp乙
11p甲＜p乙 22p甲＜p乙
故选A。
二、填空题（共26分）
11. 物理学上把 __________叫做密度，它是物质的一种______。冰的密度为0.9×103千克/米3，表示的意思是每立方米冰的______。
【答案】 (1. 某种物质单位体积的质量 (2. 属性 (3. 质量为0.9×103千克 【解析】
【详解】[1][2]物理学上把某种物质单位体积的质量叫做密度。密度是物质的一种属性。 [3]冰的密度为0.9×103千克/米3，表示的意思是每立方米冰的质量为0.9×103千克。
12. 能给电路中的导体持续供电压的装置称为_____。电视机正常工作的电压为_______V，它与控制它的开
关是_______（选填“并联”或“串联”），当电视机正常工作电流约为0.5A，表示的物理意义是____。 【答案】 (1. 电源 (2. 220V (3. 串联 (4. 1s内通过电视机的电荷量为0.5C 【解析】
【详解】[1][2][3][4]能给电路中的导体持续供电压的装置称为电源。电视机正常工作的电压为220V，电视机与控制它的开关是串联的，当电视机正常工作电流约为0.5A，表示的物理意义是1s内通过电视机的电荷量为0.5C。
，它们的体积V铜____V铁；若将它们分别制成实心正方13. 两质量相同的实心铜块和实心铁块（ρ铜＞ρ铁）体放置在水平地面上，两金属块对地面的压强p铜____p铁；若将铜块放置在铁块上方中央，此时铁块对地面的压强p____p铜+p铁（均选填“大于”“小于”或“等于”）。 【答案】 (1. 小于 (2. 大于 (3. 小于 【解析】
【详解】[1]两质量相同的实心铜块和实心铁块，（ρ铜＞ρ铁），由m知道，V铜小于V铁。
V所以正方体铜块的底面积S铜小于正方体铁块的底面积S铁，因为铜块和铁块的质量相[2]由于V铜小于V铁，同，所以对地面的压力相同，由pF 知道，两金属块对地面的压强p铜大于p铁。
S[3]若将铜块放置在铁块上方中央，其压力增加1倍，其底面积就是铁块的底面积，所以，此时铁块对地面的压强p小于p铜+p铁。
14. 小璐同学发现洗手盆下方有如图所示的U型管道是利用_____的原理．若没有水流入时，A、B液面总从而阻止下面的浊气上升；当盆中有水流下时，从_____，A管液体产生的压强比B管液体产生的压强_____．而使水开始流动．

【答案】 (1. 连通器 (2. 相平 (3. 大

【解析】
【详解】当水流过下面的弯管后，总在弯管处留下一定的水，水静止不流动时，两边液面相平，防止污水管内的臭气顺着管道逆行，U型管道属于连通器；当盆中有水流下时，A管处液面高于B处液面，根据液体压强公式P=ρgh知，A管液体产生的压强比B管液体产生的压强从而使水开始流动． 故答案为连通器；相平；大．
15. 如图所示，重为2.45牛的木块，用细线悬着浸没在装有水的柱形容器中，细线对木块的拉力为1.2牛，细线断后木块露出水面前，浮力和重力的合力为____ 牛．当木块静止时，浮力与重力之比为_____ ；木块在露出水面之前与之后、下上表面所受水的压强差_____ （选填“变大”、“不变”或“变小”）．

【答案】 (1. 1.2 (2. 1：1 (3. 变小 【解析】
【分析】根据题意可知，本题考查力的合成及物体的浮沉条件．根据木块浸在水中的状态及浮沉条件分析． 【详解】用细线悬着浸没在装有水的柱形容器中,木块受到向下的重力、绳子对它向下的拉力和水的浮力,即F浮GF，则浮力和重力的合力等于绳子对它向下的拉力，为1.2N；细线断后，木块静止，会漂浮在液面上，浮力等于重力，故浮力与重力之比为1:1；木块在露出水面之前浮力大于重力，露出水面后静止，浮力等于重力，下上表面所受水的压力差减小，故下上表面所受水的压强差变小； 故答案为1.2；1：1；变小．
16. 如图所示，物体A是一个正方体，边长为4a，物体B是一个底面边长均为2a，高为a的长方体。物体A和物体B分别放在水平地面上，对地面的压强相等，则物体A和物体B的密度ρA:ρB=______。若在两个物体上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，则物体A和物体B对地面压力的变化量之比FA:FB=______。


【答案】 (1. 1:4 (2. 1:1 【解析】
【详解】[1]因体A和B对水平地面的压强相等，由
p可得
FmggVgShgh SSSSAhppa1:B BghAghBhA4a4[2]若在两个物体上部，沿水平方向分别截去相同高度h部分时，两者截取的体积分别为
VASAh16a2h VBSBh4a2h
因为地上物体的压力和自身的重力相等，故体A和物体B对地面压力的变化量之比
FAGAmAAVAAVA116a2h1 FBGBmBBVBBVB44a2h117. 如图所示，闭合开关后，灯L不发光。已知故障仅发生在灯L或电阻R上。某同学使用一个完好的灯L′替换_____一定能检出故障（选填“R”或“L”），此时：

（1）若灯L′不发光，则故障是_________； （2）若__________，则故障是R断路。
【答案】 (1. R (2. （灯）L断路 (3. L与Lʹ均发光 【解析】
【详解】[1]由题意可知，闭合开关后，灯L不发光，那么有可能是电阻R断路、灯L断路、灯L短路；假设用灯L′替换L，那么如果灯L′不能发光，则可能是电阻R断路或灯L短路；如果灯L′能发光，一定是灯L断路，这些情况下不能检出是哪个元件故障；假设用灯L′替换R，如果灯L′不能发光，那么可能是灯L断路，如果灯L′能发光，灯L不发光，那么是灯L短路，如果灯L′能发光，灯L也发光，那么是电阻R断路，
这些情况下能检出是哪个元件故障；所以用一个完好的灯L′替换R一定能检出故障； (1[2]由上述可知，用灯L′替换R，若灯L′不发光，那么故障是L断路； (2[3]由上述可知，如果故障是R断路，那么灯L′能发光，灯L也发光。
18. 为了探究同一导体的电流与电压关系,小李同等连接好电路（如图所示）进行实验井将数据记录在下表中。完成实验后，小李在整理实验器材时发现小灯的玻璃罩变热了。 实验序号 1 2 3

电压（伏） 1.1 1.6 2.1 电流（安） 0.20 0.22 0.26
(1根据表中数据,可得初步结论是:___________________ (2小王看了小李的实验数据后,再对照课本上的结论，如图所示，认为小李的实验数据是错的。你认为小王的判定是否合理，请简要说明理由____________________

【答案】 (1. 同一导体，通过导体的电流随着导体两端的电压增大而增大 (2. 不合理。因为电流增大，导体的温度升高，导致I与U不成正比，没有控制导体的温度相同。 【解析】
【详解】(1[1]通过表中数据可知：同一导体，通过导体的电流随着导体两端的电压增大而增大； (2[2]小王的判定不合理，因为电流增大，导体的温度升高，导体的电阻会受温度的影响，导致I与U不成正比。
三、作图题（2+2+3+3，共10分）
19. 如图所示，重为6牛的木球漂浮在水面上，请用力的图示法在图中画出它所受的浮力。

【答案】
【解析】
【详解】因为重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的大小和方向可知，浮力的大小为6N，方向竖直向上，作用点在小球重心，设标度为3N，如下图所示

用6牛的水平力将一个重为3牛的物体压在墙壁上，用力的图示法画出物体对墙壁的压力F．20. 如图所示， （ ）


【答案】
【解析】
【详解】木块对墙壁的压力F与手对木块的压力大小相等为6N，作用点在接触面上，方向是垂直墙壁向左，设定标度为3N，其力的图示如图：

21. 在图中的空缺处填上电池或适当的电表符号，使电键能控制电路正常工作． （ ）

【答案】
【解析】
【详解】假设电源在最上端，此时中间的是电流表，最下端是电压表，这种情况灯泡L2是不能发光的，这种情况不合题意；假设中间是电流表，最下端也是电流表，当电键闭合时，电源会被烧坏，当电键断开时，灯泡L2不能发光，这种情况不合题意；假设中间是电压表，最下端是电压表，这种情况无论电键闭合还是断开，两灯泡依然发光，这种情况不合题意；假设中间是电压表，最下端是电流表，当电键闭合时，电流会流过电流表，没有电流流过灯泡，这时会把电源烧坏；所以电源不会在最上端；

假设电源在中间时，无论电键闭合还是断开，灯泡L2仍然发光，这种情况不合题意；
假设电源在最下端时，最上端是电压表，中间也是电压表，电键闭合，电流从电源正极流出，经过灯泡L1和L2，最后回负极，当电键断开，灯泡都不亮，这种情况符合题意；假设最上端是电压表，中间是电流表，无论电键闭合还是断开，灯泡L2都不亮，这种情况不合题意；假设最上端是电流表，中间是电压表，无论电键闭合还是断开，两个灯泡都不亮，这种情况不合题意；假设最上端是电流表，中间是电流表，无论电键闭合还是断开，两个灯泡都不亮，这种情况不合题意； 综上所述，电源在最下端，最上端是电压表，中间也是电压表．

22. 在图中，请用笔画线代替导线正确连接电路，要求：灯L1和灯L2并联，电流表测量通过灯L1的电流。

【答案】
【解析】 【分析】


【详解】根据题意，灯L1和灯L2并联，电流表测量通过灯L1的电流，所以从正极出发，过开关后，电流分为两路，一路经电流表的“0.6A”接线柱、“-”接线柱、L1到电源负极，另一路经L2到电源负极，如图：


四、计算题（ 共27分 ）
23. 体积为2×10-3米3的金属块浸没在水中．求金属块受到的浮力大小F浮． 【答案】19.6N 【解析】
【详解】金属块浸没水中，则V排＝V＝2×10-3m3，所以金属块受到的浮力为
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×2×10-3m3×9.8N/kg＝19.6N．
答：金属块受到的浮力为19.6N．
24. 某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库。 （1）求通过该导体的电流I。
（2）若通过该导体的电流变为0.6安，求此时导体的电阻R。 【答案】（1）0.5A（2）12Ω 【解析】
【详解】(1由题意可知，通过该导体的电流是
IQ5C0.5A t10s
(2当导体两端的电压是6V时，通过该导体的电流是0.5A，可知导体的电阻是
RU6V12Ω I0.5A导体的电阻大小是导体本身一种性质，不随通过该导体的电流变化而变化，所以通过该导体的电流是0.6A时，导体的电阻大小不变，还是12Ω。
答：(1通过该导体的电流是0.5A；(2若通过该导体的电流变为0.6A，求此时导体的电阻还是12Ω。 25. 如图所示，质量为240千克，边长分别为0.3米、0.4米和1米的实心长方体竖立站在水平地面上


(1求该长方体的密度；
(2若沿竖直(或水平方向将长方体一分为二，再将它们重新放置在水平地面上，使得地面受到的压力大小不变，地面受到的压强均匀且比切割前的压强要小些． (a请你说明一种满足上述要求的切割部位和放置方式 (b求出它对水平地面最小压强 p最小
【答案】（1）2×103kg/m3；（2）在0.3m边中点沿竖直方向切为两块，将0.4m×1m的面作为底面平铺桌面上；2.94103Pa 【解析】
【详解】(1由密度公式可知长方体的密度
(2要求地面受到的压强均匀且比切割前的压强要小些，那么长方体与地面的接触面积要变大，在0.3m边中点沿竖直方向切为两块，将0.4m×1m的面作为底面平铺桌面上，这种做法符合要求．此时它对水平地面的压强最小，对地面的压力为
的m240kg33210kg/m 3V0.30.41mFGmg240kg9.8N/kg2.352103N

与地面的接触面积为
S最大0.412m20.8m2
那么最小压强为
p最小FS最大2.352103N2.94103Pa
20.8m答：(1该长方体的密度为2×103kg/m3；
(2切割部位为在0.3m边中点沿竖直方向切为两块；放置方式为将0.4m×1m的面作为底面平铺桌面上；它对水平地面的最小压强为2.94103Pa．
26. 如图所示，足够高的薄壁柱形容器A和均匀圆柱体B置于水平地面上．A中盛有体积为2×10-3米3的水，B物体重为20牛，底面积为2×10-2米2．

① 求A中水的质量m水． ② 求B对水平地面压强pB．
逐个将每一等份放入容器A中并叠成柱形，直至全部放入③ 现将圆柱体B沿水平方向均匀分成若干等份，容器A．下表记录的是上述过程中水对容器底部的压强p水和容器对桌面的压强p容．

未放入 490 540 放入一块 588 640 …… …… ……
…… 882 940 全部放入 980 1040 p水（帕） p容（帕）

请根据上述信息求出容器A的重力G容和圆柱体B的体积VB． 【答案】2千克；1×103帕；2×103米3
的
【解析】
【详解】(1A中盛有体积为2×10-3 m3的水，由=m知道，A中水的质量是：
Vm水=ρV=1.0×103 kg/m3 ×2×10-3 m3 =2kg；
(2 B物体重为20N，底面积为2×10-2 m2，B对水平地面的压强：
pBFG20N1000Pa； SSB2102m2(3水对柱形容器A的压力等于水的重力是：
F水=G水=m水 g=2kg×9.8N．kg=19.6N；
由于水对容器底部的压强是p水F水SA ，所以，
SAF水p水19.6N0.04m2 ；
490Pa未放入时容器对桌面的压强p容 =540Pa，容器对桌面的压力是：
F桌=p容SA =540Pa×0.04m2 =21.6N；
将容器与水视为一个整体，对桌面的压力等于容器与水的总重，即F桌=G总，容器A的重力是：
G容=G总-G水=F桌-G水=21.6N-19.6N=2N；
由表中数据知道，放入B前和B完全浸没，p水是原来的倍，水的体积也是原来的2倍，故圆柱体B的体积是：
980Pa2倍，由p=ρgh，水的深度是原来的2490PaVB =2×10-3 m3
答：(1A中水的质量为2kg； (2B对水平地面的压强为1000Pa；
(3容器A的重力是G容 =2N，圆柱体B的体积是2×10-3 m3． 五、实验题（共20分）
，27. 如图所示实验装置中，图A叫做______，可以用来测______，用来测量液体密度的是______（填字母）
用来测定大气压强的是______（填字母），如图B所示的情况下，当时的大气压______一个标准大气压（选填“高于”、“等于”或“低于”）。测量时需要与用电器并联的是______。（填字母）

【答案】 (1. U形管压强计 (2. 液体内部压强 (3. C (4. B (5. 等于 (6. E 【解析】
【详解】[1][2]A图所示的U形管压强计，用来研究液体内部压强特点：液体压强的大小与深度或方向的关系时要用到的设备。
[3]C图所示是密度计，可用来测量液体密度。
[4][5]B图为托里拆利实验装置，用来测定大气压强，由于玻璃管内外水银面的高度差为76cm，当时的大气压等于一个标准大气压。
[6]D图为电流表，电流表应与被测电路串联，在电路中的作用相当于导线；E图为电压表，电压表应与被测电路并联，在电路中的作用相当于绝缘体。
28. 在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，所用的实验器材有若干节干电池、电键、若干个金属导体、________、__________和若干导线。实验过程中通过改变_______来改变导体两端电压的。实验数据处理时是通过____________法来归纳实验结论的。
【答案】 (1. 电流表 (2. 电压表 (3. 电源电压（或电池个数） (4. 图像 【解析】
【详解】[1][2]在“探究导体中电流与电压关系”实验中，需要用到电流表测导体中电流，用电压表测导体两端的电压；
[3]由于实验中没有滑动变阻器，为了改变导体两端电压的，实验中要改变电源电压或电池个数； [4]实验数据处理时是通过图像法，来归纳实验结论的。 29. 在 “验证阿基米德原理”的实验中。


（1） 使用图1所示的溢水杯和小烧杯接收被测物块排开的水。在浸入被测物块前，在溢水杯中加入适量的水，使水面______。
（2） 如图2为实验步骤的示意图，其中“步骤A”和“步骤B”的目的是：测出______；步骤C”和“步骤D”的目的是：测出______。
（3）若图中弹簧测力计的四个示数值F1、F2、F3、F4满足关系式______时，则可以验证阿基米德原理。 【答案】 (1. 与溢口相平 (2. 浮力 (3. 排开液体的重力 (4. F1－F2＝F4－F3 【解析】
【详解】(1[1]为了使溢出的水的体积等于物块浸入水中的体积，在浸入被测物块前，在溢水杯中加入适量的水，使水面与溢口相平；
(2[2]浮力等于重力减去物块浸在水中时弹簧的拉力，所以 “步骤A”和“步骤B”的目的是：测出浮力； [3]溢出水重力等于小桶和溢出水的总重力减去小桶的重力，所以“步骤C”和“步骤D”的目的是：测出排开液体的重力；
(3[4]物体浸在液体中受到的浮力等于它排开液体所受的重力，这就是阿基米德原理，所以当F1、F2、F3、F4满足关系式
时，则可以验证阿基米德原理。
30. 小娟同学发现储水容器在单位时间内的出水量不同。她认为水管中单位时间的出水量可能跟水管两端液体的压强差Δp、横截面积S和长度L有关。为此，她设计了如图所示的装置进行研究，容器底部的水平管AB可以方便更换，B处的开关用于控制出水时间，并把相关实验数据记录在下表中。
的F1F2F4F3



水管的长度L/序号
水管的截面积S 厘米
1 2 3 4 5 6 7

容器内水的深度h/厘米
单位时间出水量Q/毫升
S0 S0 S0 S0 S0 2S0
3S0
20 30 40 20 20 20 20 20 20 20 30 40 20 20 60 40 30 90 120 240 540 容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端_________的大小；为了使水管AB两端水的压①打开开关后，强差尽量保持恒定，盛水容器的面积应该____(选填“大”或“小”
②分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是_______。 ③根据实验序号___________数据中Q与h变化的关系及相关条件，可初步得出的结论是：在L和S相同的情况下，Δp越大，Q越大。
则Q=_______毫升；若h=10厘米、则Q=_______④若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，L=60厘米、S=4S0，
毫升。
【答案】 (1. 压强差(Δp (2. 小 (3. 在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大 (4. 1与4与5 (5. 48 (6. 160 【解析】
【详解】(1[1]液体压强与所测点的液体深度有关，打开开关后，容器中水的深度h大小会随着水流出而变小，容器底部受到的液体压强也会减小，所以容器中水的深度h大小可以反映水管AB两端压强差的大小。 [2]为了使水管AB两端水的压强差尽量保持恒定，减小实验误差，盛水容器的面积应该小一些。 (2[3]分析比较实验序号1与6与7数据中Q与S变化，可发现水管的长度L与容器内水的深度h相同，随着水管的截面积S越来越大，单位时间出水量Q也变大，可得出初步结论是：在L与Δp相同的情况下，S越大，Q越大
(3[4]要探究Q随h变化的关系并得到结论，我们需要控制水管的长度L与水管的截面积S相同，改变容器内水的深度h，可根据实验序号1与4与5分析得到。
(4[5][6]根据表中数据可知Q与h、S2成正比、与L成反比，可以得到关系式
hS2Q602
LS0若h=20厘米、L=25厘米、S=S0，代入关系式得48，若h=10厘米、L=60厘米、S=4S0，代入关系式得160。















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